《（浙江專用）2019高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí)精準(zhǔn)提分 第二篇 重點(diǎn)專題分層練中高檔題得高分 第15練 空間線面關(guān)系的判斷課件.ppt》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（浙江專用）2019高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí)精準(zhǔn)提分 第二篇 重點(diǎn)專題分層練中高檔題得高分 第15練 空間線面關(guān)系的判斷課件.ppt（63頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、第二篇重點(diǎn)專題分層練，中高檔題得高分,第15練空間線面關(guān)系的判斷小題提速練,,明晰考情1.命題角度：空間線面關(guān)系的判斷；空間中的平行、垂直關(guān)系；利用空間的平行、垂直關(guān)系求解空間角.2.題目難度：中檔難度.,核心考點(diǎn)突破練,,,欄目索引,,,易錯(cuò)易混專項(xiàng)練,高考押題沖刺練,考點(diǎn)一空間線面位置關(guān)系的判斷,方法技巧(1)判定兩直線異面的方法：反證法；利用結(jié)論：過平面外一點(diǎn)和平面內(nèi)一點(diǎn)的直線和平面內(nèi)不過該點(diǎn)的直線是異面直線.(2)模型法判斷線面關(guān)系：借助空間幾何模型，如長(zhǎng)方體、四面體等觀察線面關(guān)系，再結(jié)合定理進(jìn)行判斷.(3)空間圖形中平行與垂直的實(shí)質(zhì)是轉(zhuǎn)化思想的體現(xiàn)，要掌握以下的常用結(jié)論：平面圖形的平

2、行關(guān)系：平行線分線段成比例、平行四邊形的對(duì)邊互相平行；平面圖形中的垂直關(guān)系：等腰三角形的底邊上的中線和高重合、菱形的對(duì)角線互相垂直、圓的直徑所對(duì)圓周角為直角、勾股定理.,,核心考點(diǎn)突破練,1.已知直線a與平面，，，a，點(diǎn)B，則在內(nèi)過點(diǎn)B的所有直線中A.不一定存在與a平行的直線B.只有兩條與a平行的直線C.存在無數(shù)條與a平行的直線D.存在唯一一條與a平行的直線,,解析在平面內(nèi)過一點(diǎn)，只能作一條直線與已知直線平行.,答案,解析,2.下列說法正確的是A.若直線l平行于平面內(nèi)的無數(shù)條直線，則lB.若直線a在平面外，則aC.若直線ab，直線b，則aD.若直線ab，b，那么直線a就平行于平面內(nèi)的無數(shù)條直線

3、,解析A錯(cuò)誤，直線l還可以在平面內(nèi)；B錯(cuò)誤，直線a在平面外，包括平行和相交；C錯(cuò)誤，a還可以與平面相交或在平面內(nèi).故選D.,答案,解析,,3.將正方體的紙盒展開如圖，直線AB，CD在原正方體的位置關(guān)系是A.平行B.垂直C.相交成60角D.異面且成60角,,解析如圖，直線AB，CD異面.因?yàn)镃EAB，所以ECD即為異面直線AB，CD所成的角，因?yàn)镃DE為等邊三角形，故ECD60.,答案,解析,4.如圖，三棱柱ABCA1B1C1中，側(cè)面BB1C1C為菱形，B1C的中點(diǎn)為O，且AO平面BB1C1C，則B1C與AB的位置關(guān)系為______.,解析連接BO，AO平面BB1C1C，B1C平面BB1C1C，

4、AOB1C.又側(cè)面BB1C1C為菱形，B1CBO，又AOBOO，AO，BO平面ABO，B1C平面ABO.AB平面ABO，B1CAB.,答案,解析,垂直,考點(diǎn)二空間角的求解,方法技巧(1)對(duì)于兩條異面直線所成的角，可固定一條，平移另一條，或兩條同時(shí)平移到某個(gè)特殊的位置.(2)直線和平面所成的角的求解關(guān)鍵是找出或作出過斜線上一點(diǎn)的平面的垂線，得到斜線在平面內(nèi)的射影.,,答案,解析,解析方法一如圖，在長(zhǎng)方體ABCDA1B1C1D1的一側(cè)補(bǔ)上一個(gè)相同的長(zhǎng)方體ABBAA1B1B1A1.連接B1B，由長(zhǎng)方體性質(zhì)可知，B1BAD1，所以DB1B為異面直線AD1與DB1所成的角或其補(bǔ)角.,在DBB1中，由余弦

5、定理，得,方法二如圖，以點(diǎn)D為坐標(biāo)原點(diǎn)，分別以DA，DC，DD1所在直線為x，y，z軸建立空間直角坐標(biāo)系Dxyz.由題意，得A(1,0,0)，D(0,0,0)，,故選C.,6.已知在四面體ABCD中，E，F(xiàn)分別是AC，BD的中點(diǎn)，若AB2，CD4，EFAB，則EF與CD所成的角的大小為A.90B.45C.60D.30,答案,解析,,解析設(shè)G為AD的中點(diǎn)，連接GF，GE，則GF，GE分別為ABD，ACD的中位線.,FEG或其補(bǔ)角即為EF與CD所成的角.又EFAB，GFAB，EFGF.因此，在RtEFG中，GF1，GE2，,又GEF為銳角，GEF30.EF與CD所成的角的大小為30.,7.已知E，

6、F分別是正方體ABCDA1B1C1D1的棱BB1，AD的中點(diǎn)，則直線EF和平面BDD1B1所成的角的正弦值是,答案,解析,,解析連接AE，BD，過點(diǎn)F作FHBD交BD于H，連接EH，則FH平面BDD1B1，F(xiàn)EH是直線EF和平面BDD1B1所成的角.設(shè)正方體ABCDA1B1C1D1的棱長(zhǎng)為2，E，F(xiàn)分別是棱BB1，AD的中點(diǎn)，在RtDFH中，DF1，F(xiàn)DH45，,8.如圖，設(shè)E，F(xiàn)分別是正方形ABCD中CD，AB邊的中點(diǎn)，將ADC沿對(duì)角線AC對(duì)折，使得直線EF與AC異面，記直線EF與平面ABC所成的角為，與異面直線AC所成的角為，則當(dāng)tan時(shí)，tan等于,答案,解析,,解析分別連接BD交AC于

7、點(diǎn)O，連接DO.因?yàn)锳DCD，所以DOAC，又因?yàn)锳CBD，BDDOO，所以AC平面BDD，又BD平面BDD，所以ACBD.取BC的中點(diǎn)S，連接FS，ES，則FSAC，ESBD，所以FSES，又因?yàn)镋FS為異面直線AC與EF所成的角，,取CO的中點(diǎn)G，連接EG，SG，則EGSG1，所以EGS為等邊三角形，過點(diǎn)E作EHGS，,由上可知ACEG，ACSG且EGSGG，則AC平面EGS.又EH平面EGS，所以EHAC，又GSACG，所以EH平面ABCD，所以EFH為EF與平面ABCD所成的角，,考點(diǎn)三立體幾何中的動(dòng)態(tài)問題,方法技巧(1)考慮動(dòng)態(tài)問題中點(diǎn)線面的變化引起的一些量的變化，建立目標(biāo)函數(shù)，用代

8、數(shù)方法解決幾何問題.(2)運(yùn)動(dòng)變化中的軌跡問題的實(shí)質(zhì)是尋求運(yùn)動(dòng)變化過程中的所有情況，發(fā)現(xiàn)動(dòng)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律.(3)運(yùn)動(dòng)過程中端點(diǎn)的情況影響問題的思考，可以利用極限思想考慮運(yùn)動(dòng)變化的極限位置.,9.如圖，在直三棱柱ABCA1B1C1中，AA12，ABBC1，ABC90，外接球的球心為O，點(diǎn)E是側(cè)棱BB1上的一個(gè)動(dòng)點(diǎn).有下列判斷：直線AC與直線C1E是異面直線；A1E一定不垂直于AC1；三棱錐EAA1O的體積為定值；AEEC1的最小值為其中正確的個(gè)數(shù)是A.1B.2C.3D.4,,答案,解析,解析因?yàn)辄c(diǎn)A平面BB1C1C，所以直線AC與直線C1E是異面直線；當(dāng)A1EAB1時(shí)，直線A1E平面AB1C1，所

9、以A1EAC1，錯(cuò)誤；球心O是直線AC1，A1C的交點(diǎn)，底面OAA1面積不變，直線BB1平面AA1O，所以點(diǎn)E到底面的距離不變，體積為定值；將矩形AA1B1B和矩形BB1C1C展開到一個(gè)面內(nèi)，當(dāng)點(diǎn)E為AC1與BB1的交點(diǎn)時(shí)，AEEC1取得最小值故選C.,10.已知在平行六面體ABCDA1B1C1D1中，AA1與平面A1B1C1D1垂直，且ADAB，E為CC1的中點(diǎn)，P在對(duì)角面BB1D1D所在平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，若EP與AC成30角，則點(diǎn)P的軌跡為A.圓B.拋物線C.雙曲線D.橢圓,,答案,解析,解析因?yàn)樵谄叫辛骟wABCDA1B1C1D1中，AA1與平面A1B1C1D1垂直，且ADAB，所以該平行六面

10、體ABCDA1B1C1D1是一個(gè)底面為菱形的直四棱柱，所以對(duì)角面BB1D1D底面ABCD，AC對(duì)角面BB1D1D.取AA1的中點(diǎn)F，則EFAC，因?yàn)镋P與AC成30角，所以EP與EF成30角.設(shè)EF與對(duì)角面BB1D1D的交點(diǎn)為O，則EO對(duì)角面BB1D1D，所以點(diǎn)P的軌跡是以EO為軸的一個(gè)圓錐的底面，故選A.,11.如圖在正四面體(所有棱長(zhǎng)都相等)DABC中，動(dòng)點(diǎn)P在平面BCD上，且滿足PAD30，若點(diǎn)P在平面ABC上的射影為P，則sinPAB的最大值為,答案,解析,,解析以AD為軸，DAP30，AP為母線，圍繞AD旋轉(zhuǎn)一周，在平面BCD內(nèi)形成的軌跡為橢圓，當(dāng)且僅當(dāng)點(diǎn)P位于橢圓的長(zhǎng)軸端點(diǎn)(圖中點(diǎn)

11、M的位置)時(shí)，PAB最大，此時(shí)ADDM，且DMBC.設(shè)正四面體DABC的各棱長(zhǎng)為2，在RtADM中，AD2，MAD30，,過點(diǎn)D作正四面體DABC的高DO，O為底面正三角形ABC的中心，連接AO，作MP平面ABC于點(diǎn)P，,連接PO，并延長(zhǎng)交AB于點(diǎn)N，因?yàn)镈MBC，MP平面ABC，DO平面ABC，所以MPDO且MPDO，四邊形MPOD為矩形，,12.如圖，四邊形ABCD和ADPQ均為正方形，它們所在的平面互相垂直，動(dòng)點(diǎn)M在線段PQ上，E，F(xiàn)分別為AB，BC的中點(diǎn).設(shè)異面直線EM與AF所成的角為，則cos的最大值為___.,答案,解析,解析如圖，建立空間直角坐標(biāo)系A(chǔ)xyz，設(shè)AB2，QMm(0m

12、2)，則F(2,1,0)，E(1,0,0)，M(0，m，2)(0m2).,當(dāng)0m2時(shí)，y0，,當(dāng)m0時(shí)，y取最大值，此時(shí)cos取得最大值，,1.，是兩個(gè)不重合的平面，在下列條件下，可判定的是A.，都平行于直線l，mB.內(nèi)有三個(gè)不共線的點(diǎn)到的距離相等C.l，m是內(nèi)的兩條直線且l，mD.l，m是兩條異面直線且l，m，l，m,,易錯(cuò)易混專項(xiàng)練,解析對(duì)于A，l，m應(yīng)相交；對(duì)于B，應(yīng)考慮三個(gè)點(diǎn)在的同側(cè)或異側(cè)兩種情況；對(duì)于C，l，m應(yīng)相交，故選D.,,答案,解析,解析錯(cuò)，c可與a，b都相交；錯(cuò)，因?yàn)閍，c也可能相交或平行；正確，例如過異面直線a，b的公垂線段的中點(diǎn)且與公垂線垂直的平面即滿足條件.,2.給出

13、下列命題：若平面內(nèi)的直線a與平面內(nèi)的直線b為異面直線，直線c是與的交線，那么c至多與a，b中的一條相交；若直線a與b異面，直線b與c異面，則直線a與c異面；一定存在平面同時(shí)和異面直線a，b都平行.其中正確的命題為A.B.C.D.,答案,解析,,3.在等腰直角ABC中，ABAC，BC2，M為BC的中點(diǎn)，N為AC的中點(diǎn)，D為BC邊上一個(gè)動(dòng)點(diǎn)，ABD沿AD翻折使BDDC，點(diǎn)A在平面BCD上的投影為點(diǎn)O，當(dāng)點(diǎn)D在BC上運(yùn)動(dòng)時(shí)，以下說法錯(cuò)誤的是A.線段NO為定長(zhǎng)B.CO1，)C.AMOADB180D.點(diǎn)O的軌跡是圓弧,答案,解析,,解析如圖所示，對(duì)于A，AOC為直角三角形，ON為斜邊AC上的中線，,對(duì)于

14、B，D在M時(shí)，AO1，CO1，,對(duì)于D，由A可知，點(diǎn)O的軌跡是圓弧，即D正確，故選C.,解題秘籍(1)平面的基本性質(zhì)公理是幾何作圖的重要工具.(2)兩條異面直線所成角的范圍是(0，90.(3)線面關(guān)系的判斷要結(jié)合空間模型或?qū)嵗?，以定理或結(jié)論為依據(jù)進(jìn)行推理，絕不能主觀判斷.(4)立體幾何中的動(dòng)態(tài)問題要搞清運(yùn)動(dòng)的實(shí)質(zhì)，選用恰當(dāng)?shù)姆椒ń忸}.,1.已知直線a平面，則“直線a平面”是“平面平面”的A.充分不必要條件B.必要不充分條件C.充要條件D.既不充分也不必要條件,,答案,解析,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,,高考押題沖刺練,解析若直線a平面，直線a平面，可得平面平面；若平面

15、平面，又直線a平面，那么直線a平面，直線a平面都可能成立.如正方體ABCDA1B1C1D1中，平面ABCD平面BCC1B1，直線AD平面BCC1B1，但直線AD平面ABCD；直線AD1平面BCC1B1，但直線AD1與平面ABCD不垂直.綜上，“直線a平面”是“平面平面”的充分不必要條件.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,2.如圖，在三棱錐PABC中，不能得出APBC的條件是A.APPB，APPCB.APPB，BCPBC.平面PBC平面APC，BCPCD.AP平面PBC,,答案,解析,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,解析A中，因?yàn)锳PPB，APPC，P

16、BPCP，所以AP平面PBC.又BC平面PBC，所以APBC，故A可以得出APBC；C中，因?yàn)槠矫鍮PC平面APC，且平面BPC平面APCPC，BCPC，BC平面PBC，所以BC平面APC.又AP平面APC，所以PABC，故C可以得出APBC；D中，由A知D可以得出APBC；B中條件不能得出APBC，故選B.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,3.已知m，n是兩條不同的直線，，是兩個(gè)不同的平面，給出四個(gè)命題：若m，n，nm，則；若m，m，則；若m，n，mn，則；若m，n，mn，則.其中正確的命題是A.B.C.D.,,答案,解析,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11

17、,12,解析兩個(gè)平面斜交時(shí)也會(huì)出現(xiàn)一個(gè)平面內(nèi)的直線垂直于兩個(gè)平面的交線的情況，不正確；垂直于同一條直線的兩個(gè)平面平行，正確；當(dāng)兩個(gè)平面與兩條互相垂直的直線分別垂直時(shí)，它們所成的二面角為直二面角，故正確；當(dāng)兩個(gè)平面相交時(shí)，分別與兩個(gè)平面平行的直線也平行，故不正確.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,4.如圖是一幾何體的平面展開圖，其中四邊形ABCD為正方形，E，F(xiàn)分別為PA，PD的中點(diǎn)，在此幾何體中，給出下面4個(gè)結(jié)論：直線BE與直線CF異面；直線BE與直線AF異面；直線EF平面PBC；平面BCE平面PAD.其中正確的有A.1個(gè)B.2個(gè)C.3個(gè)D.4個(gè),,答案,解析,1,2,3

18、,4,5,6,7,8,9,10,11,12,解析將展開圖還原為幾何體(如圖)，因?yàn)镋，F(xiàn)分別為PA，PD的中點(diǎn)，所以EFADBC，即直線BE與CF共面，錯(cuò)；因?yàn)锽平面PAD，E平面PAD，EAF，所以BE與AF是異面直線，正確；因?yàn)镋FADBC，EF平面PBC，BC平面PBC，所以EF平面PBC，正確；平面PAD與平面BCE不一定垂直，錯(cuò).故選B.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,5.平面過正方體ABCDA1B1C1D1的頂點(diǎn)A，平面CB1D1，平面ABCDm，平面ABB1A1n，則m，n所成角的正弦值為,,答案,解析,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12

19、,解析如圖所示，設(shè)平面CB1D1平面ABCDm1，平面CB1D1，則m1m，又平面ABCD平面A1B1C1D1，平面CB1D1平面A1B1C1D1B1D1，B1D1m1，B1D1m，同理可得CD1n.故m，n所成角的大小與B1D1，CD1所成角的大小相等，即CD1B1的大小.而B1CB1D1CD1(均為面對(duì)角線)，,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,6.如圖，四邊形ABCD為矩形，平面PCD平面ABCD，且PCPDCD2，BCO，M分別為CD，BC的中點(diǎn)，則異面直線OM與PD所成角的余弦值為,,答案,解析,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,解析連接BD，

20、OB，則OMDB，PDB或其補(bǔ)角為異面直線OM與PD所成的角.由條件可知PO平面ABCD，,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,在PBD中，由余弦定理可得,7.(2018浙江省杭州市第二中學(xué)模擬)等腰直角三角形ABE的斜邊AB為正四面體ABCD的側(cè)棱，直角邊AE繞斜邊AB旋轉(zhuǎn)，則在旋轉(zhuǎn)的過程中，有下列說法：四面體EBCD的體積有最大值和最小值；存在某個(gè)位置，使得AEBD；設(shè)二面角DABE的平面角為，則DAE；AE的中點(diǎn)M與AB的中點(diǎn)N連線交平面BCD于點(diǎn)P，則點(diǎn)P的軌跡為橢圓.其中，正確說法的個(gè)數(shù)是A.1B.2C.3D.4,,答案,解析,1,2,3,4,5,6,7,8,9,1

21、0,11,12,解析根據(jù)正四面體的特征，以及等腰直角三角形的特征，可以得到當(dāng)直角邊AE繞斜邊AB旋轉(zhuǎn)的過程中，存在著最高點(diǎn)和最低點(diǎn)，并且最低點(diǎn)在底面的上方，所以四面體EBCD的體積有最大值和最小值，故正確；要想使AEBD，就要使AE落在豎直方向的平面內(nèi)，而轉(zhuǎn)到這個(gè)位置的時(shí)候，使得AEBD，且滿足是等腰直角三角形，所以正確；利用二面角的平面角的定義，找到其平面角，設(shè)二面角DABE的平面角為，則DAE，所以是正確的；根據(jù)平面截圓錐所得的截面可以斷定，AE的中點(diǎn)M與AB的中點(diǎn)N連線交平面BCD于點(diǎn)P，則點(diǎn)P的軌跡為橢圓，所以正確.故正確的命題的個(gè)數(shù)是4，故選D.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,

22、10,11,12,8.(2018浙江省杭州市學(xué)軍中學(xué)模擬)已知在矩形ABCD中，ADAB，沿直線BD將ABD折成ABD，使得點(diǎn)A在平面BCD上的射影在BCD內(nèi)(不含邊界)，設(shè)二面角ABDC的大小為，直線AD，AC與平面BCD所成的角分別為，，則A.<

23、12,AC1，說明O為BC的中點(diǎn)；,當(dāng)A點(diǎn)在底面上的射影E落在BD上時(shí)，可知AEBD，,要使點(diǎn)A在平面BCD上的射影F在BCD內(nèi)(不含邊界)，則點(diǎn)A的射影F落在線段OE上(不含端點(diǎn)).可知AEF為二面角ABDC的平面角，直線AD與平面BCD所成的角為ADF，直線AC與平面BCD所成的角為ACF，,sinADFsinACFsinAEO，則.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,答案,解析,9.如圖，DC平面ABC，EBDC，EB2DC，P，Q分別為AE，AB的中點(diǎn).則直線DP與平面ABC的位置關(guān)系是______.,平行,解析

24、連接CQ，在ABE中，P，Q分別是AE，AB的中點(diǎn)，,所以PQDC，PQDC，所以四邊形DPQC為平行四邊形，所以DPCQ.又DP平面ABC，CQ平面ABC，所以DP平面ABC.,10.，是兩個(gè)平面，m，n是兩條直線，有下列四個(gè)命題：如果mn，m，n，那么；如果m，n，那么mn；如果，m，那么m；如果mn，，那么m與所成的角和n與所成的角相等.其中正確的命題有_______.(填寫所有正確命題的序號(hào)),解析當(dāng)mn，m，n時(shí)，兩個(gè)平面的位置關(guān)系不確定，故錯(cuò)誤，經(jīng)判斷知均正確.,答案,解析,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,,11.如圖，在三棱錐SABC中，若ACSASBSCA

25、BBC4，E為棱SC的中點(diǎn)，則直線AC與BE所成角的余弦值為___，直線AC與平面SAB所成的角為____.,答案,解析,60,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,解析取SA的中點(diǎn)M，連接ME，BM，則直線AC與BE所成的角等于直線ME與BE所成的角，,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,所以CAN60，因此直線AC與平面SAB所成的角為60.,取SB的中點(diǎn)N，連接AN，CN，則ANSB，CNSBSB平面ACN平面SAB平面ACN，因此直線AC與平面SAB所成的角為CAN，,12.在正方體ABCDA1B1

26、C1D1中(如圖)，已知點(diǎn)P在直線BC1上運(yùn)動(dòng)，則下列四個(gè)命題：三棱錐AD1PC的體積不變；直線AP與平面ACD1所成的角的大小不變；二面角PAD1C的大小不變；若M是平面A1B1C1D1上到點(diǎn)D和C1距離相等的點(diǎn)，則M點(diǎn)的軌跡是直線A1D1.其中真命題的序號(hào)是________.,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,答案,解析,因?yàn)锽C1AD1，所以BC1平面AD1C，因此P到平面AD1C的距離不變，但AP長(zhǎng)度變化，因此直線AP與平面ACD1所成的角的大小變化；二面角PAD1C的大小就是平面ABC1D1與平面AD1C所成二面角的大小，因此不變；到點(diǎn)D和C1距離相等的點(diǎn)在平面A1BCD1上，所以M點(diǎn)的軌跡是平面A1BCD1與平面A1B1C1D1的交線A1D1.綜上，真命題的序號(hào)是.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,本課結(jié)束,