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1、2013年高考物理考前終極預(yù)測指導(dǎo)一 1．一質(zhì)量為m的物體受到一豎直向上的拉力T，其加速度大小為g，若把拉力變?yōu)?T，則其加速度大小變?yōu)?不計空氣阻力)(　　) 　　　　　　　　　　　　　　　　 A．2g B．3g C．4g D．5g 2．在各處溫度相等的液體中，一個小氣泡由液體的底層緩慢地升到液面，上升過程中氣泡的體積不斷增大，則氣泡在上浮過程中(　　) A．內(nèi)能增大 B．吸收熱量 C．外界對氣泡做功 D．無法判斷 3．下列說法中正確的是(　　) A．分子間只有引力，不存在斥力 B．布朗運動是液體分子的運動，它說明分子永不停息地做無規(guī)則運動 C．質(zhì)量一定的理

2、想氣體，壓強不變時，溫度越高，體積越小 D．根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體 4．關(guān)于磁感線和電場線，下列說法正確的是(　　) A．磁感線是閉合曲線，而靜電場的電場線不是閉合曲線 B．磁感線和電場線都是一些互相平行的曲線 C．電場線起始于負(fù)電荷，終止于正電荷 D．磁感線和電場線都只能分別表示磁場和電場的大小 二、雙項選擇題：本大題共5小題，每小題6分，共30分．在每小題給出的四個選項中，有兩個選項符合題目要求，全部選對的得6分，只選1個且正確的得3分，有選錯或不答的得0分． 5.Th(釷)經(jīng)過一系列的α衰變和β衰變，成為Pb，下列說法中正確的是(　

3、　) A．鉛核比釷核少24個中子 B．在上述衰變過程中發(fā)生了質(zhì)量虧損 C．β衰變的實質(zhì)是核內(nèi)的一個中子轉(zhuǎn)化為一個質(zhì)子和一個電子 D．α射線電離能力比β射線電離能力弱 6．如圖M1－1所示，一帶正電粒子(重力不計)在電場中自A點向B點運動，下列判斷正確的是(　　) 圖M1－1 A．A點的速度大于B點的速度 B．A點的電勢高于B點的電勢 C．電場力一定做負(fù)功 D．粒子受到的電場力一定增大 7．如圖M1－2所示，間距為L的平行金屬導(dǎo)軌上有一電阻為r的金屬棒ab與導(dǎo)軌接觸良好．導(dǎo)軌一端連接電阻R，其他電阻不計，磁感應(yīng)強度為B，金屬棒ab以速度v向右做勻速運動，則(　　) A

4、．回路中電流為順時針方向 B．電阻R兩端的電壓為BLv C．a(chǎn)b棒受到的安培力的方向向左 D．回路中磁通量增大 圖M1－2 　　圖M1－3 8．將如圖M1－3所示的交流電壓加在一阻值為121 Ω的電阻兩端，下列說法正確的是(　　) A．該交流電的周期為0.02 s B．該交流電壓的瞬時值表達式為u＝110sin 100πt(V) C．并聯(lián)在該電阻兩端的交流電壓表的示數(shù)為110 V D．該電阻消耗的功率為10 W 9．下列說法中正確的是(　　) A．太空人所受合力為零 B．衛(wèi)星軌道半徑越大，其繞地球運行的角速度越大 C．地球球心與人造地球衛(wèi)星的軌道必定在同一平

5、面內(nèi) D．第一宇宙速度是所有地球衛(wèi)星運行的最大速度 題號 1 2 3 4 5 6 7 8 9 答案 三、非選擇題：本大題共3小題，共54分．按題目要求作答．解答題應(yīng)寫出必要文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位． 10．(18分)(1)如圖M1－4甲所示，用鐵架臺、彈簧和多個質(zhì)量已知且相同的鉤碼做“探究在彈性限度內(nèi)彈簧彈力與彈簧伸長量的關(guān)系”的實驗． 圖M1－4 ①為完成實驗，還需要的實驗器材有__________． ②圖乙是彈簧所受彈力F與彈簧伸長

6、量x的F－x圖線，由此可求出彈簧的勁度系數(shù)為______N/m，圖線不過原點的原因是由于__________________． (2)一只小燈泡，標(biāo)有“3 V　0.6 W”的字樣．現(xiàn)用圖M1－5給出的器材測量該小燈泡正常發(fā)光時的電阻R1.(滑動變阻器最大阻值為10 Ω；電源電動勢為12 V，內(nèi)阻為1 Ω；電流表內(nèi)阻為1 Ω，電壓表內(nèi)阻為10 kΩ) 圖M1－5 ①在設(shè)計電路的過程中，為了盡量減小實驗誤差，電流表應(yīng)采用________(填“內(nèi)接”或“外接”)法．滑動變阻器的連接方式應(yīng)采用____________(填“分壓式”或“限流式”)． ②盡量減小實驗誤差，用筆畫線代替導(dǎo)線，

7、根據(jù)要求將實物圖連成完整的電路(圖中有三根導(dǎo)線已經(jīng)接好)．開始時，滑動變阻器的滑動觸頭應(yīng)該移到最________端(填“左”或“右”)． ③若小燈泡發(fā)光較暗時的電阻為R2，可判斷出R1與R2的大小關(guān)系為：R1________R2.(填“大于”、“等于”或“小于”) 11．(18分)如圖M1－6所示，質(zhì)量為m的b球用長h的細繩懸掛于水平軌道BC的出口C處．質(zhì)量也為m的小球a，從距BC高h的A處由靜止釋放，沿ABC光滑軌道滑下，在C處與b球正碰并與b粘在一起．已知BC軌道距地面的高度為0.5h，懸掛b球的細繩能承受的最大拉力為2.8mg.試問： (1)a與b球碰撞前瞬間的速度多大？ (2)

8、a、b兩球碰撞后，細繩是否會斷裂？若細繩斷裂，小球在DE水平面上的落點距C的水平距離是多少？若細繩不斷裂，小球最高能擺多高？ 圖M1－6 12．(18分)如圖M1－7所示，在y＞0的空間中存在勻強電場，場強方向沿y軸正方向，場強大小為E.在y＜0的空間中存在勻強磁場，磁場方向垂直xOy平面(紙面)向外，磁感應(yīng)強度大小為B.一電量為q、質(zhì)量為m、重力不計的帶負(fù)電的粒子，在y軸上y＝L處的P點由靜止釋放，然后從O點進入勻強磁場．已知粒子在y＜0的空間運動時一直處于磁場區(qū)域內(nèi)，求： (1)粒子到達O點時速度的大小v； (2)粒子經(jīng)過O點后，第一次到達x軸上的Q點(圖中未畫出)的橫

9、坐標(biāo)x0； (3)粒子從P點出發(fā)，第一次到達x軸上的Q點所用的時間t. 圖M1－7 1．D　解析：由牛頓第二定律T—mg＝mg得T＝2mg，所以3T—mg＝ma，有a＝5g. 2．B　解析：因溫度不變，故氣體內(nèi)能不變，A錯；體積不斷增大，氣體對外界做功，C錯；由熱力學(xué)第一定律可知，氣體一定吸熱，B對． 3．D　解析：分子間同時存在引力和斥力，A錯；布朗運動是微粒的運動，B錯；由理想氣體等壓變化知，壓強不變時，溫度越高，體積越大，C錯． 4．A　解析：勻強電場的電場線才是平行的，B錯；電場線從正電荷出發(fā)，到負(fù)電荷終止，C錯；磁感線和電場線都能分別表示磁場和電場的大小及

10、方向，D錯． 5．BC　解析：鉛核比釷核少16個中子，A錯；三種射線中，α射線電離能力最強，D錯． 6．BD　解析：A點受電場力指向B點，電場力做正功，粒子從A到B做加速運動，故A、C錯． 7．CD　解析：由右手定則知電流應(yīng)為逆時針方向，A錯；電阻R兩端的電壓應(yīng)為外電壓，比BLv小，故B錯． 8．AC　解析：該交流電壓最大值為110 V，B錯；該電阻消耗的功率為100 W，D錯． 9．CD　解析：太空人所受合力為萬有引力，A錯；衛(wèi)星軌道半徑越大，其繞地球運行的角速度越小，B錯． 10．(1)(8分)①刻度尺 ②200　彈簧有自重 (2)(10分)①外接　分壓式 ②如圖M1所

11、示．　左　③大于 圖M1 11．(18分)解：(1)設(shè)a球經(jīng)C點時速度為vC，則由機械能守恒得 mgh＝mv(4分) 解得vC＝ 即a與b球碰撞前的速度為.(2分) (2)設(shè)b球碰撞后的速度為v，由動量守恒得 mvC＝v(2分) 故v＝vC＝(1分) 小球被細繩懸掛繞O擺動時，若細繩拉力為T，則 T－2mg＝2m(2分) 解得T＝3mg(1分) T>2.8mg，細繩會斷裂，小球做平拋運動(1分) 設(shè)平拋的時間為t，則 0．5h＝gt2(2分) t＝(1分) 故落點距C的水平距離為 s＝vt＝×＝h(2分) 小球最終落到地面距C水平距離h處． 12．(18分)解：(1)從P到O的過程中電場力做正功，根據(jù)動能定理qEL＝mv2(2分) 解得v＝.(2分) (2)粒子沿－y方向進入磁場時，由左手定則可知粒子向右偏轉(zhuǎn)，做勻速圓周運動，則有 Bqv＝m(3分) 由上式可得r＝＝(2分) 所以，Q點的坐標(biāo)在x軸正方向上，橫坐標(biāo) x0＝2r＝.(1分) (3)設(shè)在電場中運動時間為t1，則 L＝t(2分) 即 t1＝(2分) 在磁場中運動時間為t2，則t2＝T＝(2分) 故粒子從P點出發(fā)第一次到達x軸上Q點所用的時間t＝t1＋t2＝＋.(2分)