《江西省2013年高考數(shù)學(xué)第二輪復(fù)習(xí) 專題升級(jí)訓(xùn)練18 隨機(jī)變量及其分布列 理》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《江西省2013年高考數(shù)學(xué)第二輪復(fù)習(xí) 專題升級(jí)訓(xùn)練18 隨機(jī)變量及其分布列 理（5頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、專題升級(jí)訓(xùn)練18　隨機(jī)變量及其分布列 (時(shí)間：60分鐘　滿分：100分) 一、選擇題(本大題共6小題，每小題6分，共36分) 1．已知P(ξ＝1)＝，P(ξ＝－1)＝，則D(ξ)等于(　　)． A．2　　　　B．4　　　　C．1　　　　D．6 2．同時(shí)擲3枚均勻硬幣，恰好有2枚正面向上的概率為(　　)． A．0.5 B．0.25 C．0.125 D．0.375 3．投擲一枚均勻硬幣和一枚均勻骰子各一次，記“硬幣正面向上”為事件A，“骰子向上的點(diǎn)數(shù)是3”為事件B，則事件A，B中至少有一件發(fā)生的概率是(　　)． A． B． C．

2、 D． 4．甲、乙兩隊(duì)進(jìn)行排球決賽，現(xiàn)在的情形是甲隊(duì)只要再贏一局就獲冠軍，乙隊(duì)需要再贏兩局才能得冠軍．若兩隊(duì)勝每局的概率相同，則甲隊(duì)獲得冠軍的概率為(　　)． A． B． C． D． 5．從1,2,3,4,5中任取2個(gè)不同的數(shù)，事件A＝“取到的2個(gè)數(shù)之和為偶數(shù)”，事件B＝“取到的2個(gè)數(shù)均為偶數(shù)”，則P(B|A)＝(　　)． A． B． C． D． 6．兩個(gè)實(shí)習(xí)生每人加工一個(gè)零件，加工為一等品的概率分別為和，兩個(gè)零件是否加工為一等品相互獨(dú)立，則這兩個(gè)零件中恰有一個(gè)一等品的概率為(　　

3、)． A． B． C． D． 二、填空題(本大題共3小題，每小題6分，共18分) 7．隨機(jī)變量ξ的分布列如下： ξ －1 0 1 P a b c 其中a，b，c成等差數(shù)列，若E(ξ)＝，則D(ξ)的值為__________． 8．連續(xù)擲一枚均勻的正方體骰子(6個(gè)面分別標(biāo)有1,2,3,4,5,6)，現(xiàn)定義數(shù)列an＝Sn是其前n項(xiàng)和，則S5＝3的概率是__________． 9．畢業(yè)生小王參加人才招聘會(huì)，分別向A，B兩個(gè)公司投遞個(gè)人簡歷．假定小王得到A公司面試的概率為，得到B公司面試的概率為p，且兩個(gè)公司是否讓其面試是獨(dú)立的．

4、記ξ為小王得到面試的公司個(gè)數(shù)．若ξ＝0時(shí)的概率P(ξ＝0)＝，則隨機(jī)變量ξ的數(shù)學(xué)期望E(ξ)＝__________. 三、解答題(本大題共3小題，共46分．解答應(yīng)寫出必要的文字說明、證明過程或演算步驟) 10．(本小題滿分15分)已知箱中裝有4個(gè)白球和5個(gè)黑球，且規(guī)定：取出一個(gè)白球得2分，取出一個(gè)黑球得1分．現(xiàn)從該箱中任取(無放回，且每球取到的機(jī)會(huì)均等)3個(gè)球，記隨機(jī)變量X為取出此3球所得分?jǐn)?shù)之和． (1)求X的分布列； (2)求X的數(shù)學(xué)期望E(X)． 11．(本小題滿分15分)某超市為了解顧客的購物量及結(jié)算時(shí)間等信息，安排一名員工隨機(jī)收集了在該超市購物的100位顧客的相關(guān)數(shù)據(jù)，如下

5、表所示． 一次購物量 1至 4件 5至 8件 9至 12件 13至 16件 17件及 以上 顧客數(shù)(人) x 30 25 y 10 結(jié)算時(shí)間 (分鐘/人) 1 1.5 2 2.5 3 已知這100位顧客中的一次購物量超過8件的顧客占55%. (1)確定x，y的值，并估計(jì)顧客一次購物的結(jié)算時(shí)間的平均值； (2)求一位顧客一次購物的結(jié)算時(shí)間不超過2分鐘的概率．(將頻率視為概率) 12．(本小題滿分16分)“天宮一號(hào)”的順利升空標(biāo)志著我國火箭運(yùn)載的技術(shù)日趨完善．據(jù)悉，擔(dān)任“天宮一號(hào)”發(fā)射任務(wù)的是長征二號(hào)FT1火箭．為了確保發(fā)射萬無一失，科學(xué)家對(duì)

6、長征二號(hào)FT1運(yùn)載火箭進(jìn)行了170余項(xiàng)技術(shù)狀態(tài)更改，增加了某項(xiàng)新技術(shù)．該項(xiàng)新技術(shù)要進(jìn)入試用階段前必須對(duì)其中三項(xiàng)不同指標(biāo)甲、乙、丙進(jìn)行通過量化檢測．假設(shè)該項(xiàng)新技術(shù)的指標(biāo)甲、乙、丙獨(dú)立通過檢測合格的概率分別為，，，指標(biāo)甲、乙、丙檢測合格分別記4分、2分、4分，若某項(xiàng)指標(biāo)不合格，則該項(xiàng)指標(biāo)記0分，各項(xiàng)指標(biāo)檢測結(jié)果互不影響． (1)求該項(xiàng)技術(shù)量化得分不低于8分的概率； (2)記該項(xiàng)技術(shù)的三個(gè)指標(biāo)中被檢測合格的指標(biāo)個(gè)數(shù)為隨機(jī)變量ξ，求ξ的分布列與數(shù)學(xué)期望． 參考答案 一、選擇題 1．C　解析：E(ξ)＝1×＋(－1)×＝0， D(ξ)＝12×＋(－1)2×＝1. 2．D　解析：擲3枚均

7、勻硬幣，設(shè)正面向上的個(gè)數(shù)為X，則X服從二項(xiàng)分布，即X～B，∴P(X＝2)＝··＝＝0.375. 3．C　解析：事件A，B中至少有一件發(fā)生的概率是 1－P(·)＝1－×＝. 4．D　解析：由甲、乙兩隊(duì)每局獲勝的概率相同，知甲每局獲勝的概率為，甲要獲得冠軍有兩種情況：第一種情況是再打一局甲贏，甲獲勝概率為；第二種情況是再打兩局，第一局甲輸，第二局甲贏．則其概率為×＝.故甲獲得冠軍的概率為＋＝. 5．B　解析：∵P(A)＝＝，P(AB)＝＝， ∴P(B|A)＝＝. 6．B　解析：記兩個(gè)零件中恰有一個(gè)一等品的事件為A， 則P(A)＝×＋×＝. 二、填空題 7．　解析：由題意知：解得

8、 ∴D(ξ)＝2×＋2×＋2×＝. 8．　解析：該試驗(yàn)可看作一個(gè)獨(dú)立重復(fù)試驗(yàn)，結(jié)果為－1發(fā)生的概率為，結(jié)果為1發(fā)生的概率為，S5＝3即5次試驗(yàn)中－1發(fā)生一次，1發(fā)生四次，故其概率為4＝. 9．　解析：由題意，得P(ξ＝2)＝p，P(ξ＝1)＝(1－p)＋p＝， ξ的分布列為 ξ 0 1 2 P p 由＋＋p＝1，得p＝. 所以E(ξ)＝0×＋1×＋2×p＝. 三、解答題 10．解：(1)由題意得X取3,4,5,6，且 P(X＝3)＝＝， P(X＝4)＝＝， P(X＝5)＝＝， P(X＝6)＝＝. 所以X的分布列為 X 3 4 5 6 P

9、 (2)由(1)知E(X)＝3·P(X＝3)＋4·P(X＝4)＋5·P(X＝5)＋6·P(X＝6)＝. 11．解：(1)由已知得25＋y＋10＝55，x＋y＝35， 所以x＝15，y＝20. 該超市所有顧客一次購物的結(jié)算時(shí)間組成一個(gè)總體，所收集的100位顧客一次購物的結(jié)算時(shí)間可視為總體的一個(gè)容量為100的簡單隨機(jī)樣本，顧客一次購物的結(jié)算時(shí)間的平均值可用樣本平均數(shù)估計(jì)，其估計(jì)值為＝1.9(分鐘)． (2)記A為事件“一位顧客一次購物的結(jié)算時(shí)間不超過2分鐘”，A1，A2，A3分別表示事件“該顧客一次購物的結(jié)算時(shí)間為1分鐘”，“該顧客一次購物的結(jié)算時(shí)間為1.5分鐘”，“該顧客

10、一次購物的結(jié)算時(shí)間為2分鐘”，將頻率視為概率，得 P(A1)＝＝，P(A2)＝＝，P(A3)＝＝. 因?yàn)锳＝A1∪A2∪A3，且A1，A2，A3是互斥事件， 所以P(A)＝P(A1∪A2∪A3) ＝P(A1)＋P(A2)＋P(A3) ＝＋＋＝. 故一位顧客一次購物的結(jié)算時(shí)間不超過2分鐘的概率為. 12．解：(1)記該項(xiàng)新技術(shù)的三個(gè)指標(biāo)甲、乙、丙獨(dú)立通過檢測合格分別為事件A，B，C，則事件“得分不低于8分”表示為ABC＋AC. ∵ABC與AC為互斥事件，且A，B，C彼此獨(dú)立， ∴P(ABC＋AC)＝P(ABC)＋P(AC)＝P(A)P(B)P(C)＋P(A)P()P(C)＝××＋××＝. (2)該項(xiàng)新技術(shù)的三個(gè)指標(biāo)中被檢測合格的指標(biāo)個(gè)數(shù)ξ的取值為0,1,2,3. ∵P(ξ＝0)＝P()＝××＝， P(ξ＝1)＝P(A＋B＋C) ＝××＋××＋××＝， P(ξ＝2)＝P(AB＋AC＋BC) ＝××＋××＋××＝， P(ξ＝3)＝P(ABC)＝××＝， ∴隨機(jī)變量ξ的分布列為 ξ 0 1 2 3 P ∴E(ξ)＝＋＋＝＝.