《2013年高中數(shù)學(xué) 基礎(chǔ)能力訓(xùn)練（11）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2013年高中數(shù)學(xué) 基礎(chǔ)能力訓(xùn)練（11）（6頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、數(shù)學(xué)能力訓(xùn)練（11） 1 設(shè)是兩個(gè)不共線的向量。已知，，，若A，B，D三點(diǎn)共線，求k的值。 2 已知函數(shù)f(x)=ax2+bx+c(a＞b＞c)的圖象上有兩點(diǎn)A（m，f(m1)）、B(m2，f(m2))，滿足f(1)=0且a2+(f(m1)+f(m2))·a+f(m1)·f(m2)=0. （Ⅰ）求證：b≥0； （Ⅱ）求證：f(x)的圖象被x軸所截得的線段長的取值范圍是［2，3］； 3 某化妝品生產(chǎn)企業(yè)為了占有更多的市場份額，擬在2002年度進(jìn)行一系列的促銷活動，經(jīng)過市場調(diào)查和測算，化妝品的年銷量x萬元和年促銷t萬件之間滿足：3－x與t+1成反比例；如果不搞

2、促銷活動，化妝品的年銷量只能是1萬件，已知2002年生產(chǎn)化妝品的固定投資為3萬元，每生產(chǎn)1萬件化妝品需要投資32萬元，當(dāng)將每件化妝品的售額定為“年平均成本的150%”與“年平均每件所占促銷費(fèi)的一半”之和，則當(dāng)年的產(chǎn)銷量相等。 ① 將2002年的年利潤y萬元表示為促銷費(fèi)y萬元的函數(shù)。 ② 該企業(yè)2002年的促銷費(fèi)投入多少萬元時(shí)，企業(yè)的年利潤最大？ （注：利潤=收入－生產(chǎn)成本－促銷費(fèi)） 4 直四棱柱ABCD—A1B1C1D1的側(cè)棱AA1=a,底面ABCD是邊長AB=2a,BC=a的矩形，E為C1D1的中點(diǎn). （Ⅰ）求證：平面BCE⊥平面BDE； （Ⅱ）求二面角E—BD—C

3、的大小； （Ⅲ）求三棱錐B1—BDE的體積. 5 已知函數(shù)f(x)= (x<-2) (Ⅰ)求f(x)的反函數(shù)f-1(x); (Ⅱ)設(shè)a1=1,=-f-1(an)(n∈N),求an; (Ⅲ)設(shè)Sn=a12+a22+…+an2,bn=Sn+1-Sn是否存在最小正整數(shù)m,使得對任意n∈N,有bn<成立？若存在，求出m的值；若不存在說明理由. 6 已知函數(shù)f(x)=－ （Ⅰ）求證：函數(shù)y=f(x)的圖象關(guān)于點(diǎn)（，－）對稱； （Ⅱ）求f(-2)+f(-1)+f(0)+f(1)+f(2)+f(3)的值； （Ⅲ）若ｂｎ＝，求證：對任何

4、自然數(shù)n，總有ｂｎ＞ｎ２成立. 7 橢圓（為銳角）的焦點(diǎn)在x軸上，A是它的右頂點(diǎn)，這個(gè)橢圓 與射線y=x(x0)的交點(diǎn)是B，以A為焦點(diǎn)且過點(diǎn)B，開口向左的拋物線頂點(diǎn) 為(m,0)，當(dāng)橢圓的離心率e時(shí)，求m的變化范圍。 答案 1 ．解：∵A，B，D三點(diǎn)共線 ∴與共線，一定存在實(shí)數(shù)使得 ∵ ∴ ∵ 不共線，可作為平面向量的一組基底。 由平面向量基本定理，得 ∴ 。 2．（Ⅰ）證明：因f(m1),f(m2)滿足a2+［f(m1)+f(m2)］a+f(m1)f(m2

5、)=0 即［a+f(m1)］［a+f(m2)］=0 ∴f(m1)=-a或f(m2)=-a, ∴m1或m2是f(x)=-a的一個(gè)實(shí)根， ∴Δ≥0即b2≥4a(a+c). ∵f(1)=0,∴a+b+c=0 且a＞b＞c,∴a＞0,c＜0, ∴3a-c＞0,∴b≥0。 (Ⅱ)證明：設(shè)f(x)=ax2+bx+c=0兩根為x1,x2,則一個(gè)根為1，另一根為, 又∵a＞0,c＜0， ∴＜0, ∵a＞b＞c且b=-a-c≥0, ∴a＞-a-c＞c,∴-2＜≤-1 2≤|x1-x2|＜3。 3．解：由題意得：3－x= 將x=1,t=0代入：得 k

6、=2 x=3－ 年生產(chǎn)成本為32x+3=32(3－)+3萬元 年收入為：150%[32(3－)+3]+t 年利潤為：y=150%[32(3－)+3]+t－[32(3－)+3]－t =－(+) =50－(+)≤50－2=42（萬元） 當(dāng)且僅當(dāng)=，即t=7時(shí)，y=42（萬元） 當(dāng)促銷費(fèi)為7萬元時(shí)，利潤最大。 4．（Ⅰ）證明：∵E是C1D1的中點(diǎn)，∴C1E=D1E=a,又由直四棱柱的性質(zhì)得： BC⊥面CC1D1D， ∴EC=a,BE=a,DE=a,又BD=a, ∴△BDE是直角三角形,△DEC也是直角三角形,∴DE⊥EC,D

7、E⊥BE,∴DE⊥面BEC，又DE平面BDE ∴平面BCE⊥平面BDE (Ⅱ)解：取CD的中點(diǎn)E′ ∴EE′⊥面ABCD，∴△BED在面AC內(nèi)的射影是 △E′BD,設(shè)二面角E—BD—C的大小為θ,∴cosθ= 又∵S△BDE=DE·BE=a2，S△BE′D=a2, ∴cosθ= ∴θ=arccos。 (Ⅲ)解：V—BDE=VD—BE=V—BE=D1E·S△BE =a·a=a3. 故V—BDE=a3 。 5．(Ⅰ)證明：設(shè)P(x,y)是y=f(x)的圖象上任意一點(diǎn)，關(guān)于（，－）對稱 點(diǎn)的坐標(biāo)為（１－ｘ，－１－ｙ）

8、  由已知y=－則－１－ｙ＝－１＋＝－,f(1-x)＝ － ∴－１-ｙ＝f（１－ｘ），即函數(shù)ｙ＝f（ｘ）的圖象關(guān)于點(diǎn)（，－）對稱. (Ⅱ)解：由(Ⅰ)有f(1-x)=-1-f(x)即f(x)+f(1-x)=-1 ∴f(-2)+f(3)=-1,f(-1)+f(2)=-1,f(0)+f(1)=-1 則f(-2)+f(-1)+f(0)+f(1)+f(2)+f(3)=-3 。 (Ⅲ)證明：bｎ＝bｎ＝３ｎ 不等式bｎ＞ｎ２即為３ｎ＞ｎ２ 下面用數(shù)學(xué)歸納法證明 當(dāng)n=1時(shí)，左＝３，右＝１，３＞１不等式

9、成立 當(dāng)n=2時(shí)，左＝９，右＝４，９＞４不等式成立 令n=k(k≥２）不等式成立即３ｋ＞ｋ２ 則ｎ＝ｋ＋１時(shí)，左＝３ｋ＋１＝３·３ｋ＞３·ｋ２ 右＝（ｋ＋１）２＝ｋ２＋２ｋ＋１ ∵３ｋ２－（ｋ２＋２ｋ＋１）＝２ｋ２－２ｋ－１＝２（ｋ－）２－ 當(dāng)ｋ≥２，ｋ∈N時(shí)，上式恒為正值 則左＞右，即３ｋ＋１＞（ｋ＋１）２，所以對任何自然數(shù)n，總有３ｎ＞ｎ２成立， 即對任何自然數(shù)n，總有bｎ＞ｎ２成立。 6．解：由已知可得：A（1，0），， ， 由, 由已知m＞0，拋物線焦準(zhǔn)距p=2(m-1) 設(shè)拋物線為y2=-4(m-1)(x-m), ,即 令t=,則, 令,f(t)在上有解。 對稱軸t=-＜0 只須滿足, 。