《離散數(shù)學(xué)課后習(xí)題答案左孝凌版》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《離散數(shù)學(xué)課后習(xí)題答案左孝凌版（58頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、離散數(shù)學(xué)課后習(xí)題答案 (左孝凌版) 1-1，1-2解： a) 是命題，真值為T(mén)。 b) 不是命題。 c) 是命題，真值要根據(jù)具體情況確定。 d) 不是命題。 e) 是命題，真值為T(mén)。 f) 是命題，真值為T(mén)。 g) 是命題，真值為F。 h) 不是命題。 i) 不是命題。 （2） 解： 原子命題：我愛(ài)北京天安門(mén)。 復(fù)合命題：如果不是練健美操，我就出外旅游拉。 （3） 解： a) (┓P ∧R)→Q b) Q→R c) ┓P d) P→┓Q （4） 解： a)設(shè)Q:我將去參加舞會(huì)。R:我有時(shí)間。P:天下雨。 Q (R∧┓P):我將去參加舞會(huì)當(dāng)且僅當(dāng)我有

2、時(shí)間和天不下雨。 b)設(shè)R:我在看電視。Q:我在吃蘋(píng)果。 R∧Q:我在看電視邊吃蘋(píng)果。 c) 設(shè)Q:一個(gè)數(shù)是奇數(shù)。R:一個(gè)數(shù)不能被2除。 （Q→R）∧(R→Q):一個(gè)數(shù)是奇數(shù)，則它不能被2整除并且一個(gè)數(shù)不能被2整除，則它是奇數(shù)。 (5) 解： a) 設(shè)P：王強(qiáng)身體很好。Q：王強(qiáng)成績(jī)很好。P∧Q b) 設(shè)P：小李看書(shū)。Q：小李聽(tīng)音樂(lè)。P∧Q c) 設(shè)P：氣候很好。Q：氣候很熱。P∨Q d) 設(shè)P： a和b是偶數(shù)。Q：a+b是偶數(shù)。P→Q e) 設(shè)P：四邊形ABCD是平行四邊形。Q ：四邊形ABCD的對(duì)邊平行。PQ f) 設(shè)P：語(yǔ)法錯(cuò)誤。Q：程序錯(cuò)誤。R：停機(jī)。（P∨ Q

3、）→ R (6) 解： a) P:天氣炎熱。Q:正在下雨。 P∧Q b) P:天氣炎熱。R:濕度較低。 P∧R c) R:天正在下雨。S:濕度很高。 R∨S d) A:劉英上山。B:李進(jìn)上山。 A∧B e) M:老王是革新者。N:小李是革新者。 M∨N f) L:你看電影。M:我看電影。 ┓L→┓M g) P:我不看電視。Q:我不外出。 R:我在睡覺(jué)。 P∧Q∧R h) P:控制臺(tái)打字機(jī)作輸入設(shè)備。Q:控制臺(tái)打字機(jī)作輸出設(shè)備。P∧Q 1-3 （1）解： a) 不是合式公式，沒(méi)有規(guī)定運(yùn)算符次序（若規(guī)定運(yùn)算符次序后亦可作為合式公式） b) 是合式公式

4、 c) 不是合式公式（括弧不配對(duì)） d) 不是合式公式（R和S之間缺少聯(lián)結(jié)詞） e) 是合式公式。 （2）解： a） A是合式公式，(A∨B)是合式公式，(A→(A∨B)) 是合式公式。這個(gè)過(guò)程可以簡(jiǎn)記為： A；(A∨B)；(A→(A∨B)) 同理可記 b） A；┓A ；(┓A∧B) ；((┓A∧B)∧A) c） A；┓A ；B；(┓A→B) ；(B→A) ；((┓A→B)→(B→A)) d） A；B；(A→B) ；(B→A) ；((A→B)∨(B→A)) （3）解： a） ((((A→C)→((B∧C)→A))→((B∧C)→A))→(A→C)) b）

5、((B→A)∨(A→B))。 （4）解： a) 是由c) 式進(jìn)行代換得到，在c) 中用Q代換P, (P→P)代換Q. d) 是由a) 式進(jìn)行代換得到，在a) 中用 P→(Q→P)代換Q. e) 是由b) 式進(jìn)行代換得到，用R代換P, S代換Q, Q代換R, P代換S. ∨ （5）解： a) P: 你沒(méi)有給我寫(xiě)信。 R: 信在途中丟失了。 P Q b) P: 張三不去。Q: 李四不去。R: 他就去。 (P∧Q)→R c) P: 我們能劃船。 Q: 我們能跑步。 ┓(P∧Q) d) P: 你來(lái)了。Q: 他唱歌。R: 你伴奏。 P→(QR) （6）解： P:它

6、占據(jù)空間。 Q:它有質(zhì)量。 R:它不斷變化。 S:它是物質(zhì)。 這個(gè)人起初主張：(P∧Q∧R) S 后來(lái)主張：(P∧QS)∧(S→R) 這個(gè)人開(kāi)頭主張與后來(lái)主張的不同點(diǎn)在于：后來(lái)認(rèn)為有P∧Q必同時(shí)有R，開(kāi)頭時(shí)沒(méi)有這樣的主張。 （7）解： a) P: 上午下雨。 Q:我去看電影。 R:我在家里讀書(shū)。 S:我在家里看報(bào)。(┓P→Q)∧(P→(R∨S)) b) P: 我今天進(jìn)城。Q:天下雨。┓Q→P c) P: 你走了。 Q:我留下。Q→P 1-4 （4）解：a) P Q R Q∧R P∧(Q∧R) P∧Q (P∧Q)∧R T T T T T F T F T

7、 T F F F T T F T F F F T F F F T F F F T F F F T F F F F F F F T T F F F F F F T F F F F F F F 所以，P∧(Q∧R) (P∧Q)∧R b) P Q R Q∨R P∨(Q∨R) P∨Q (P∨Q)∨R T T T T T F T F T T F F F T T F T F F F T F F 　F　 Ｔ Ｔ Ｔ Ｆ Ｔ Ｔ Ｔ Ｆ Ｔ Ｔ Ｔ Ｔ

8、Ｔ Ｔ Ｔ Ｆ　 　　　Ｔ 　　?。? 　　　Ｔ 　　?。? 　　?。? 　　?。? 　　?。? 　　?。? 　　　Ｔ 　　?。? 　　?。? 　　?。? 　　?。? 　　?。? 　　　Ｔ 　　　Ｆ 所以，P∨(Q∨R) (P∨Q)∨R　 ｃ） Ｐ　Ｑ?。? Ｑ∨Ｒ Ｐ∧（Ｑ∨Ｒ） Ｐ∧Ｑ Ｐ∧Ｒ （Ｐ∧Ｑ）∨（Ｐ∧Ｒ） Ｔ　Ｔ?。? Ｔ?。浴。? Ｔ　Ｆ?。? Ｔ?。啤。? Ｆ?。浴。? Ｆ?。浴。? Ｆ?。啤。? Ｆ?。啤。? Ｔ Ｔ Ｔ Ｆ Ｔ Ｔ Ｔ Ｆ Ｔ Ｔ Ｔ Ｆ Ｆ Ｆ Ｆ Ｆ Ｔ Ｔ Ｆ Ｆ Ｆ Ｆ

9、 Ｆ Ｆ Ｔ Ｆ Ｔ Ｆ Ｆ Ｆ Ｆ Ｆ Ｔ Ｔ Ｔ Ｆ Ｆ Ｆ Ｆ Ｆ 所以，P∧(Q∨R) (P∧Q)∨(P∧R)　 ｄ） P Q ┓P ┓Q ┓P∨┓Q ┓(P∧Q) ┓P∧┓Q ┓(P∨Q) T T T F F T F F F F T T F T F T F T T T F T T T F F F T F F F T 所以，┓(P∧Q) ┓P∨┓Q, ┓(P∨Q) ┓P∧┓Q （5）解：如表，對(duì)問(wèn)好所填的地方，可得公式F1～F6，可表達(dá)為 P Q R F1

10、 F2 F3 F4 F5 F6 T T T T F T T F F T T F F F T F F F T F T T F F T T F T F F F T F T T F F T T T F F T T F F T F T F F F T F F F T T F T T T F F F F F T F

11、 T T T F1:(Q→P)→R F2:(P∧┓Q∧┓R)∨(┓P∧┓Q∧┓R) F3:(P←→Q)∧(Q∨R) F4:(┓P∨┓Q∨R)∧(P∨┓Q∨R) F5:(┓P∨┓Q∨R)∧(┓P∨┓Q∨┓R) F6:┓(P∨Q∨R) (6) P Q 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 F F F T F T F T F T F T F T F T F T F T F F T T F F T T F F T T F F

12、 T T T F F F F F T T T T F F F F T T T T T T F F F F F F F F T T T T T T T T 解：由上表可得有關(guān)公式為 1.F 2.┓(P∨Q) 3.┓(Q→P) 4.┓P 5.┓(P→Q) 6.┓Q 7.┓(PQ) 8.┓(P∧Q) 9.P∧Q 10.PQ 11.Q 12.P→Q 13.P 14.Q→P 15.P∨Q 16.T (7) 證明： a) A→(B→A) ┐A∨(┐B∨A) A∨(┐A∨┐B) A∨(A→┐B) ┐

13、A→(A→┐B) b) ┐(AB) ┐((A∧B)∨(┐A∧┐B)) ┐((A∧B)∨┐(A∨B)) (A∨B)∧┐(A∧B) 或 ┐(AB) ┐((A→B)∧(B→A)) ┐((┐A∨B)∧(┐B∨A)) ┐((┐A∧┐B)∨(┐A∧A)∨(B∧┐B)∨(B∧A)) ┐((┐A∧┐B)∨(B∧A)) ┐(┐(A∨B))∨(A∧B) (A∨B)∧┐(A∧B) c) ┐(A→B) ┐(┐A∨B) A∧┐B d) ┐(AB)┐((A→B)∧(B→A)) ┐((┐A∨B)∧(┐B∨A)) (A∧┐B)∨(┐A∧B) e) (((A∧B∧C)→D)∧(C→(A∨B∨

14、D))) (┐(A∧B∧C)∨D)∧(┐C∨(A∨B∨D)) (┐(A∧B∧C)∨D)∧(┐(┐A∧┐B∧C)∨D) (┐(A∧B∧C)∧┐(┐A∧┐B∧C))∨D ((A∧B∧C)∨(┐A∧┐B∧C))→D (((A∧B)∨(┐A∧┐B))∧C)→D ((C∧(AB))→D) f) A→(B∨C) ┐A∨(B∨C) (┐A∨B)∨C ┐(A∧┐B)∨C (A∧┐B)→C g) (A→D)∧(B→D)(┐A∨D)∧(┐B∨D) (┐A∧┐B)∨D ┐(A∨B)∨D (A∨B)→D h) ((A∧B)→C)∧(B→(D∨C))

15、 (┐(A∧B)∨C)∧(┐B∨(D∨C)) (┐(A∧B)∧(┐B∨D))∨C (┐(A∧B) ∧┐(┐D∧B))∨C ┐((A∧B)∨(┐D∧B))∨C ((A∨┐D)∧B)→C (B∧(D→A))→C （8）解： a) ((A→B) (┐B→┐A))∧C ((┐A∨B) (B∨┐A))∧C ((┐A∨B) (┐A∨B))∧C T∧CC b) A∨(┐A∨(B∧┐B)) (A∨┐A)∨(B∧┐B) T∨F T c) (A∧B∧C)∨(┐A∧B∧C) (A∨┐A) ∧(B∧C) T∧(B∧C) B∧C （9）解：1）設(shè)C為T(mén)，A為T(mén)，B為

16、F，則滿足A∨CB∨C，但AB不成立。 2）設(shè)C為F，A為T(mén)，B為F，則滿足A∧CB∧C，但AB不成立。 3）由題意知┐A和┐B的真值相同，所以A和B的真值也相同。 習(xí)題 1-5 （1） 證明： a) (P∧(P→Q))→Q (P∧(┐P∨Q))→Q (P∧┐P)∨(P∧Q)→Q (P∧Q)→Q ┐(P∧Q)∨Q ┐P∨┐Q∨Q ┐P∨T T b) ┐P→(P→Q) P∨(┐P∨Q) (P∨┐P)∨Q T∨Q T c) ((P→Q)∧(Q→R))→(P→R) 因?yàn)?P→Q)∧(Q→R)(P→R) 所以(P→Q)∧(Q→R)為重言式。 d)

17、 ((a∧b)∨(b∧c) ∨(c∧a))(a∨b)∧(b∨c)∧(c∨a) 因?yàn)?(a∧b)∨(b∧c)∨(c∧a)) ((a∨c)∧b)∨(c∧a) ((a∨c)∨(c∧a))∧(b∨(c∧a)) (a∨c)∧(b∨c)∧(b∨a) 所以((a∧b)∨(b∧c) ∨(c∧a))(a∨b)∧(b∨c)∧(c∨a) 為重言式。 （2） 證明： a)(P→Q)P→(P∧Q) 解法1： 設(shè)P→Q為T(mén) （1）若P為T(mén)，則Q為T(mén)，所以P∧Q為T(mén)，故P→(P∧Q)為T(mén) （2）若P為F，則Q為F，所以P∧Q為F，P→(P∧Q)為T(mén) 命題得證 解法2： 設(shè)P→(P∧Q)為F，則P

18、為T(mén)，(P∧Q)為F，故必有P為T(mén)，Q為F，所以P→Q為F。 解法3： (P→Q) →(P→(P∧Q)) ┐(┐P∨Q)∨(┐P∨(P∧Q)) ┐(┐P∨Q)∨((┐P∨P)∧(┐P∨Q)) T 所以(P→Q)P→(P∧Q) b)(P→Q)→QP∨Q 設(shè)P∨Q為F，則P為F，且Q為F， 故P→Q為T(mén)，(P→Q)→Q為F， 所以(P→Q)→QP∨Q。 c)(Q→(P∧┐P))→(R→(R→(P∧┐P)))R→Q 設(shè)R→Q為F，則R為T(mén)，且Q為F，又P∧┐P為F 所以Q→(P∧┐P)為T(mén)，R→(P∧┐P)為F 所以R→(R→(P∧┐P))為F，所以(Q→(P∧┐P))→

19、(R→(R→(P∧┐P)))為F 即(Q→(P∧┐P))→(R→(R→(P∧┐P)))R→Q成立。 （3） 解： a) P→Q表示命題“如果8是偶數(shù)，那么糖果是甜的”。 b) a)的逆換式Q→P表示命題“如果糖果是甜的，那么8是偶數(shù)”。 c) a)的反換式┐P→┐Q表示命題“如果8不是偶數(shù)，那么糖果不是甜的”。 d) a)的逆反式┐Q→┐P表示命題“如果糖果不是甜的，那么8不是偶數(shù)”。 （4） 解： a) 如果天下雨，我不去。 設(shè)P：天下雨。Q：我不去。P→Q 逆換式Q→P表示命題:如果我不去，則天下雨。 逆反式┐Q→┐P表示命題:如果我去，則天不下雨 b) 僅當(dāng)你

20、走我將留下。 設(shè)S：你走了。R：我將留下。R→S 逆換式S→R表示命題：如果你走了則我將留下。 逆反式┐S→┐R表示命題：如果你不走，則我不留下。 c) 如果我不能獲得更多幫助，我不能完成個(gè)任務(wù)。 設(shè)E：我不能獲得更多幫助。H：我不能完成這個(gè)任務(wù)。E→H 逆換式H→E表示命題：我不能完成這個(gè)任務(wù)，則我不能獲得更多幫助。 逆反式┐H→┐E表示命題：我完成這個(gè)任務(wù)，則我能獲得更多幫助 （5） 試證明PQ，Q邏輯蘊(yùn)含P。 證明：解法1： 本題要求證明(PQ) ∧QP, 設(shè)(PQ) ∧Q為T(mén)，則(PQ)為T(mén)，Q為T(mén)，故由的定義，必有P為T(mén)。 所以(PQ) ∧QP 解法2：

21、 由體題可知，即證((PQ)∧Q)→P是永真式。 ((PQ)∧Q)→P (((P∧Q) ∨(┐P∧┐Q)) ∧Q)→P (┐((P∧Q) ∨(┐P∧┐Q)) ∨┐Q) ∨P (((┐P∨┐Q) ∧(P∨Q)) ∨┐Q) ∨P ((┐Q∨┐P∨┐Q) ∧(┐Q∨P∨Q)) ∨P ((┐Q∨┐P) ∧T) ∨P ┐Q∨┐P∨P ┐Q∨T T （6） 解： P：我學(xué)習(xí) Q：我數(shù)學(xué)不及格 R：我熱衷于玩撲克。　 如果我學(xué)習(xí)，那么我數(shù)學(xué)不會(huì)不及格： P→┐Q 如果我不熱衷于玩撲克，那么我將學(xué)習(xí): ┐R→P 但我數(shù)學(xué)不及格: Q 因此我熱衷于玩撲

22、克。 R 即本題符號(hào)化為：(P→┐Q)∧(┐R→P)∧QR 證： 證法1：((P→┐Q)∧(┐R→P)∧Q)→R ┐((┐P∨┐Q)∧(R∨P)∧Q) ∨R (P∧Q)∨(┐R∧┐P)∨┐Q∨R ((┐Q∨P)∧(┐Q∨Q))∨((R∨┐R)∧(R∨┐P)) ┐Q∨P∨R∨┐P T　 所以，論證有效。 證法2：設(shè)(P→┐Q)∧(┐R→P)∧Q為T(mén)， 則因Q為T(mén)，(P→┐Q) 為T(mén)，可得P為F， 由(┐R→P)為T(mén)，得到R為T(mén)。 故本題論證有效。 （7） 解： P：6是偶數(shù) Q：7被2除盡 R：5是素?cái)?shù) 如果6是偶數(shù)，則7被2除不盡 P→┐Q

23、 或5不是素?cái)?shù)，或7被2除盡 ┐R∨Q 5是素?cái)?shù) R 所以6是奇數(shù) ┐P 即本題符號(hào)化為：（P→┐Q）∧（┐R∨Q）∧R ┐P 證： 證法1：((P→┐Q)∧(┐R∨Q)∧R)→┐P ┐((┐P∨┐Q) ∧(┐R∨Q) ∧R) ∨┐P ((P∧Q) ∨(R∧┐Q) ∨┐R) ∨┐P ((┐P∨P) ∧(┐P∨Q)) ∨((┐R∨R) ∧(┐R∨┐Q)) (┐P∨Q) ∨(┐R∨┐Q) T　 所以，論證有效，但實(shí)際上他不符合實(shí)際意義。 證法2：(P→┐Q)∧(┐R∨Q)∧R為T(mén)， 則有R為T(mén)，且┐R∨Q 為T(mén)，故Q為T(mén)， 再由P→┐Q為T(mén)，得到┐P為T(mén)。

24、 （8） 證明： a) P(┐P→Q) 設(shè)P為T(mén)，則┐P為F，故┐P→Q為T(mén) b) ┐A∧B∧CC 假定┐A∧B∧C為T(mén)，則C為T(mén)。 c) CA∨B∨┐B 因?yàn)锳∨B∨┐B為永真，所以CA∨B∨┐B成立。 d) ┐(A∧B) ┐A∨┐B 設(shè)┐(A∧B)為T(mén)，則A∧B為F。 若A為T(mén)，B為F，則┐A為F，┐B為T(mén)，故┐A∨┐B為T(mén)。 若A為F，B為T(mén)，則┐A為T(mén)，┐B為F，故┐A∨┐B為T(mén)。 若A為F，B為F，則┐A為T(mén)，┐B為T(mén)，故┐A∨┐B為T(mén)。 命題得證。 e) ┐A→(B∨C)，D∨E，(D∨E)→┐AB∨C 設(shè)┐A→(B∨C)，D∨E，(D∨E)→┐A為

25、T， 則D∨E為T(mén)，(D∨E)→┐A為T(mén)，所以┐A為T(mén) 又┐A→(B∨C)為T(mén)，所以B∨C為T(mén)。命題得證。 f) (A∧B)→C，┐D，┐C∨D┐A∨┐B 設(shè)(A∧B)→C，┐D，┐C∨D為T(mén)，則┐D為T(mén)，┐C∨D為T(mén)，所以C為F 又(A∧B)→C為T(mén)，所以A∧B為F，所以┐A∨┐B為T(mén)。命題得證。 （9）解： a) 如果他有勇氣，他將得勝。 P：他有勇氣 Q：他將得勝 原命題：P→Q 逆反式：┐Q→┐P 表示：如果他失敗了，說(shuō)明他沒(méi)勇氣。 b) 僅當(dāng)他不累他將得勝。 P：他不累 Q：他得勝 原命題：Q→P 逆反式：┐P→┐Q 表示：如果他累，他將失敗。 習(xí)題

26、 1-6 (1)解： a) (P∧Q)∧┐P(P∧┐P)∧Q┐(T∨Q) b) (P→(Q∨┐R)) ∧┐P∧Q (┐P∨(Q∨┐R))∧┐P∧Q (┐P∧┓P∧Q)∨(Q∧┓P∧Q)∨(┓R∧┓P∧Q) (┓P∧Q)∨(┓P∧Q)∨(┓P∧┓R∧Q) ┓P∧Q ┐(P∨┐Q) c) ┐P∧┐Q∧(┐R→P) ┐P∧┐Q∧(R∨P) (┐P∧┐Q∧R)∨(┐P∧┐Q∧P) (┐P∧┐Q∧R)∨F ┐P∧┐Q∧R ┐(P∨Q∨┐R) (2) 解： a)┐P P↓P b)P∨Q┐(P↓Q) (P↓Q)↓(P↓Q) c)P∧Q┐P↓┐Q (P↓P)↓(Q↓

27、Q) (3)解： P→(┐P→Q) ┐P∨(P∨Q) T ┐P∨P (┐P↑┐P)↑(P↑P) P↑(P↑P) P→(┐P→Q) ┐P∨(P∨Q) T ┐P∨P ┐(┐P↓P) ┐((P↓P)↓P) ((P↓P)↓P)↓((P↓P)↓P) (4)解： P↑Q ┐(┐P↓┐Q) ┐((P↓P)↓(Q↓Q)) ((P↓P)↓(Q↓Q))↓((P↓P)↓(Q↓Q)) (5)證明： ┐(B↑C) ┐(┐B∨┐C) ┐B↓┐C ┐(B↓C) ┐(┐B∧┐C) ┐B↑┐C (6)解：聯(lián)結(jié)詞“↑”和“↓”不滿足結(jié)合律。舉例如下： a)給

28、出一組指派：P為T(mén)，Q為F，R為F，則(P↑Q)↑R為T(mén)，P↑(Q↑R)為F 故 (P↑Q)↑R P↑(Q↑R). b)給出一組指派：P為T(mén)，Q為F，R為F，則(P↓Q) ↓R為T(mén)，P↓(Q↓R)為F 故(P↓Q)↓R P↓(Q↓R). (7)證明： 設(shè)變?cè)狿，Q，用連結(jié)詞,┐作用于P，Q得到：P，Q，┐P，┐Q，PQ，PP，QQ，QP。 但PQQP，PPQQ，故實(shí)際有： P，Q，┐P，┐Q，PQ，PP（T） （A） 用┐作用于（A）類，得到擴(kuò)大的公式類（包括原公式類）： P，Q，┐P，┐Q，┐（PQ）， T，F(xiàn)

29、， PQ （B） 用作用于（A）類，得到： PQ，P┐PF，P┐Q┐（PQ），P（PQ）Q，P（PP）P， Q┐P┐（PQ），Q┐QF，Q（PQ）P，QTQ, ┐P┐QPQ，┐P（PQ）┐Q，┐PT┐P, ┐Q（PQ）┐P，┐QT┐Q, （PQ）（PQ）PQ. 因此，（A）類使用運(yùn)算后，仍在（B）類中。 對(duì)（B）類使用┐運(yùn)算得： ┐P，┐Q，P，Q， PQ， F，T， ┐（PQ）， 仍在（B）類中。 對(duì)（B）類使用運(yùn)算得： PQ，P┐PF，P┐Q┐（PQ），P┐（PQ）┐Q，PTP，PF┐P，P（PQ）Q， Q┐P┐（PQ）

30、，Q┐QF，Q┐（PQ）┐P，QTQ, QF┐Q， Q（PQ）P， ┐P┐QPQ，┐P┐（PQ）Q，┐PT┐P, ┐PFP,┐P（PQ）┐Q， ┐Q┐（PQ）P，┐QT┐Q, ┐QT┐Q,┐Q（PQ）┐P， ┐（PQ）T┐（PQ），┐（PQ）FPQ，┐（PQ）（PQ）F TFF，T（PQ） PQ F（PQ） ┐（PQ） （PQ）（PQ）PQ. 故由（B）類使用運(yùn)算后，結(jié)果仍在（B）中。 ∨ 由上證明：用,┐兩個(gè)連結(jié)詞，反復(fù)作用在兩個(gè)變?cè)墓街?，結(jié)果只能產(chǎn)生（B）類中的公式，總共僅八個(gè)不同的公式，故{,┐}不是功能完備的，更不能是最小聯(lián)結(jié)詞組。 ∨ ∨ 已證{,┐}

31、不是最小聯(lián)結(jié)詞組，又因?yàn)镻 Q ┐（PQ），故任何命題公式中的聯(lián)結(jié)詞，如僅用{ , ┐}表達(dá)，則必可用{,┐}表達(dá)，其逆亦真。故{ , ┐}也必不是最小聯(lián)結(jié)詞組。 (8)證明{∨}，{∧}和{→}不是最小聯(lián)結(jié)詞組。 證明：若{∨}，{∧}和{→}是最小聯(lián)結(jié)詞，則 ┐P（P∨P∨……） ┐P（P∧P∧……） ┐PP→(P→(P→……) 對(duì)所有命題變?cè)概蒚，則等價(jià)式左邊為F，右邊為T(mén)，與等價(jià)表達(dá)式矛盾。 → c 所以{∨}，{∧}和{→}不是最小聯(lián)結(jié)詞。 (9)證明{┐,→}和{┐, }是最小聯(lián)結(jié)詞組。 證明：因?yàn)閧┐,∨}為最小聯(lián)結(jié)詞組，

32、且P∨Q┐P→Q 所以{┐,→}是功能完備的聯(lián)結(jié)詞組，又{┐},{→}都不是功能完備的聯(lián)結(jié)詞組。 → c → c → c 所以{┐,→}是最小聯(lián)結(jié)詞組。 → c 又因?yàn)镻→Q┐(P Q)，所以{┐, }是功能完備的聯(lián)結(jié)詞組，又{┐},{ }不是功能完備的聯(lián)結(jié)詞組， 所以{┐, }是最小聯(lián)結(jié)詞組。 習(xí)題 1-7 (1)解： P∧(P→Q) P∧(┐P∨Q) (P∧┐P)∨(P∧Q) P∧(P→Q) (P∨(┐Q∧Q))∧(┐P∨Q) (P∨┐Q)∧(P∨Q)∧(┐P∨Q) (2)解： a) (┐P∧Q)→R ┐(┐P∧Q)

33、∨R P∨┐Q∨R (P∧Q)∨(P∧┐Q)∨(┐Q∧R)∨(┐Q∧┐R)∨(R∧P)∨(R∧┐P) b) P→((Q∧R)→S) ┐P∨(┐(Q∧R)∨S) ┐P∨┐Q∨┐R∨S (┐P∧Q)∨(┐P∧┐Q)∨(┐Q∧R)∨(┐Q∧┐R)∨(┐R∧S)∨(┐R∧┐S)∨(S∧P)∨(S∧┐P) c) ┐(P∨┐Q)∧(S→T) (┐P∧Q)∧(┐S∨T) (┐P∧Q∧┐S)∨(┐P∧Q∧T) d) (P→Q)→R ┐(┐P∨Q)∨R (P∧┐Q)∨R (P∨R)∧(┐Q∨R) e) ┐(P∧Q)∧(P∨Q) (┐P∨┐Q)∧(P∨Q) (┐P∧P)∨(┐P∧

34、Q)∨(┐Q∧P)∨(┐Q∧Q) (┐P∧Q)∨(┐Q∧P) (3) 解： a) P∨(┐P∧Q∧R) (P∨┐P)∧(P∨Q)∧(P∨R) (P∨Q)∧(P∨R) b) ┐(P→Q)∨(P∨Q) ┐(┐P∨Q)∨(P∨Q) (P∧┐Q)∨(P∨Q) (P∨P∨Q)∧(┐Q∨P∨Q) c) ┐(P→Q) ┐(┐P∨Q) P∧┐Q (P∨Q)∧(P∨┐Q)∧(┐Q∨┐P) d) (P→Q)→R ┐(┐P∨Q)∨R (P∧┐Q)∨R (P∨R)∧(┐Q∨R) e) (┐P∧Q)∨(P∧┐Q) (┐P∨P)∧(┐P∨┐Q)∧(Q∨P)∧(Q∨┐Q) (

35、┐P∨┐Q)∧(Q∨P) (4) 解： a) (┐P∨┐Q)→(P┐Q) ┐(┐P∨┐Q) ∨(P┐Q) (P∧Q) ∨(P∧┐Q)∨(┐P∧Q) 1，2，3 P∨Q=P0 b) Q∧(P∨┐Q) (P∧Q)∨(Q∧┐Q) P∧Q =3 P0，1，2 (P∨Q)∧(P∨┐Q) ∧(┐P∨Q) c) P∨(┐P→(Q∨(┐Q→R)) P∨(P∨(Q∨(Q∨R)) P∨Q∨R=P0 1，2，3,4,5,6,7 =(┐P∧┐Q∧R) ∨(┐P∧Q∧┐R) ∨(┐P∧Q∧R) ∨(P∧┐Q∧┐R) ∨(P∧┐Q∧R) ∨(P∧Q∧┐R)∨(P∧Q∧R) d

36、) (P→(Q∧R) )∧(┐P→(┐Q∧┐R)) (┐P∨(Q∧R)) ∧(P∨(┐Q∧┐R)) (P∧┐P) ∨(P∧(Q∧R)) ∨ ((┐Q∧┐R) ∧┐P) ∨((┐Q∧┐R) ∧(Q∧R)) (P∧Q∧R) ∨(┐P∧┐Q∧┐R) =0,7 P1，2，3,4,5,6 (P∨Q∨┐R) ∧(P∨┐Q∨R) ∧(P∨┐Q∨┐R) ∧(┐P∨Q∨R) ∧(┐P∨Q∨┐R) ∧(┐P∨┐Q∨R) e) P→(P∧(Q→P) ┐P∨(P∧(┐Q∨P) (┐P∨P)∧(┐P∨┐Q∨P) T∨(T∧┐Q) T 0,1,2,3= (┐P∧┐Q) ∨(┐P∧Q) ∨

37、(P∧┐Q) ∨(P∧Q) f) (Q→P) ∧(┐P∧Q) (┐Q∨P) ∧┐P∧Q (┐Q∨P) ∧┐(P∨┐Q) F P0,1，2，3= (P∨Q) ∧(P∨┐Q) ∧(┐P∨Q) ∧(┐P∨┐Q) (5) 證明： a) (A→B) ∧(A→C) (┐A∨B) ∧(┐A∨C) A→(B∧C) ┐A∨(B∧C) (┐A∨B) ∧(┐A∨C) b) (A→B) →(A∧B) ┐(┐A∨B) ∨(A∧B) (A∧┐B) ∨(A∧B) A∧(B∨┐B) A∧T A (┐A→B) ∧(B→A) (A∨B) ∧(┐B∨A) A∨(B∧┐B

38、) A∨F A c) A∧B∧(┐A∨┐B) ((A∧┐A)∨(A∧┐B))∧B A∧B∧┐B F ┐A∧┐B∧(A∨B) ((┐A∧A)∨(┐A∧B))∧┐B ┐A∧┐B∧B F d) A∨(A→(A∧B) A∨┐A∨(A∧B) T ┐A∨┐B∨(A∧B) ┐(A∧B) ∨(A∧B) T (6)解：AR↑(Q∧┐(R↓P)),則A* R↓(Q∨┐(R↑P)) AR↑(Q∧┐(R↓P)) ┐(R∧(Q∧(R∨P))) ┐R∨┐Q∨┐(R∨P) ┐(R∧Q) ∨┐(R∨P) A*R↓(Q∨┐(R↑P)) ┐(R∨(Q∨(R∧P))

39、 ┐R∧┐Q∧┐(R∧P) ┐(R∨Q) ∧┐(R∧P) (7) 解：設(shè)A：A去出差。B：B去出差。C：C去出差。D：D去出差。 若A去則C和D中要去一個(gè)。 A→(CD) B和C不能都去。 ┐(B∧C) C去則D要留下。 C→┐D 按題意應(yīng)有：A→(CD)，┐(B∧C)，C→┐D必須同時(shí)成立。 因?yàn)镃D (C∧┐D) ∨(D∧┐C) 故(A→(CD))∧┐(B∧C) ∧(C→┐D) (┐A∨(C∧┐D) ∨(D∧┐C)) ∧┐(B∧C) ∧(┐C∨┐D) (┐A∨(C∧┐D) ∨(D∧┐C)) ∧(┐B∨┐C) ∧(┐C∨┐D) (┐A∨(C∧┐D) ∨(D∧

40、┐C)) ∧((┐B∧┐C) ∨(┐B∧┐D) ∨(┐C∧┐D) ∨┐C) (┐A∧┐B∧┐C) ∨(┐A∧┐B∧┐D) ∨(┐A∧┐C∧┐D) ∨(┐A∧┐C) ∨(┐B∧┐C∧D) ∨(┐C∧D∧┐B∧┐D) ∨(┐C∧D∧┐C∧┐D) ∨(┐C∧D∧┐C) ∨(┐D∧C∧┐B∧┐C) ∨(┐D∧C∧┐B∧┐D) ∨(┐D∧C∧┐C∧┐D) ∨(┐D∧C∧┐C) 在上述的析取范式中，有些（畫(huà)線的）不符合題意，舍棄，得 (┐A∧┐C) ∨(┐B∧┐C∧D) ∨（┐C∧D）∨(┐D∧C∧┐B) 故分派的方法為：B∧D,或 D∧A,或 C∧A。 (8)解：設(shè)P：A是第一。

41、Q：B是第二。R：C是第二。S：D是第四。E：A是第二。 由題意得 (PQ) ∧(RS) ∧(ES) ((P∧┐Q) ∨(┐P∧Q)) ∧((R∧┐S) ∨(┐R∧S)) ∧((E∧┐S) ∨(┐E∧S)) ((P∧┐Q∧R∧┐S) ∨(P∧┐Q∧┐R∧S) ∨(┐P∧Q∧R∧┐S) ∨(┐P∧Q∧┐R∧S))∧((E∧┐S)∨(┐E∧S)) 因?yàn)?(P∧┐Q∧┐R∧S)與(┐P∧Q∧R∧┐S)不合題意，所以原式可化為 ((P∧┐Q∧R∧┐S) ∨(┐P∧Q∧┐R∧S))∧((E∧┐S) ∨(┐E∧S)) (P∧┐Q∧R∧┐S∧E∧┐S) ∨(P∧┐Q∧R∧┐S∧┐E

42、∧S) ∨(┐P∧Q∧┐R∧S∧E∧┐S)∨(┐P∧Q∧┐R∧S∧┐E∧S) (P∧┐Q∧R∧┐S∧E) ∨(┐P∧Q∧┐R∧S∧┐E) 因R與E矛盾，故┐P∧Q∧┐R∧S∧┐E為真， 即A不是第一，B是第二，C不是第二，D為第四，A不是第二。 于是得： A是第三 B是第二 C是第一 D是第四。 習(xí)題1-8 (1)證明： a)┐(P∧┐Q)，┐Q∨R，┐R┐P (1) ┐RP (2) ┐Q∨R P (3) ┐Q (1)(2)T,I (4) ┐(P∧┐Q) P (5) ┐P∨Q (4)T,E (6) ┐P (3)(5)T,I b)J→(M∨N)，(H∨G)→J

43、，H∨GM∨N (1) (H∨G) →J P (2) (H∨G) P (3) J (1)(2)T,I (4) J→(M∨N) P (5) M∨N (3)(4)T,I c)B∧C，(BC)→(H∨G) G∨H (1) B∧C P (2) B(1)T,I (3) C (1)T,I (4) B∨┐C(2)T,I (5) C∨┐B (3)T,I (6) C→B(4)T,E (7) B→C (5)T,E (8) BC (6)(7)T,E (9) (BC) →(H∨G) P (10) H∨G(8)(9)T,I d)P→Q，(┐Q∨R)∧┐R，┐(┐P∧S) ┐S

44、(1) (┐Q∨R) ∧┐R (2) ┐Q∨R (1)T,I (3) ┐R (1)T,I (4) ┐Q (2)(3)T,I (5) P→Q P (6) ┐P (4)(5)T,I (7) ┐(┐P∧┐S) P (8) P∨┐S (7)T,E (9) ┐S (6)(8)T,I (2) 證明： a)┐A∨B，C→┐BA→┐C (1) ┐(A→┐C) P (2) A (1)T,I (3) C (1)T,I (4) ┐A∨B P (5) B (2)(4)T,I (6) C→┐B P (7) ┐B (3)(6)T,I (8) B∧┐B 矛盾。(5),(7)

45、 b)A→(B→C)，(C∧D)→E，┐F→(D∧┐E) A→(B→F) (1) ┐(A→(B→F)) P (2) A (1)T,I (3) ┐(B→F) (1)T,I (4) B (3)T,I (5) ┐F (3)T, (6) A→(B→C) P (7) B→C (2)(6)T,I (8) C (4)(7)T,I (9) ┐F→(D∧┐E) P (10) D∧┐E (5)(9)T,I (11) D (10)T,I (12) C∧D (8)(11)T,I (13) (C∧D) →E P (14) E (12)(13)T,I (15) ┐E (10)T,I

46、 (16) E∧┐E 矛盾。(14),(15) c)A∨B→C∧D，D∨E→FA→F (1) ┐(A→F) P (2) A (1)T,I (3) ┐F (1)T,I (4) A∨B (2)T,I (5) (A∨B) →C∧D P (6) C∧D (4)(5)T,I (7) C (6)T,I (8) D (6)T,I (9) D∨E (8)T,I (10) D∨E→F P (11) F(9)(10)T,I (12) F∧┐F矛盾。(3),(11) d)A→(B∧C)，┐B∨D，(E→┐F)→┐D，B→(A∧┐E) B→E (1) ┐(B→E) P (2) B

47、(1)T,I (3) ┐E (1)T,I (4) ┐B∨D P (5) D (2)(4)T,I (6) (E→┐F) →┐D P (7) ┐(E→┐F) (5)(6)T,I (8) E (7)T,I (9) E∧┐E 矛盾 e)(A→B)∧(C→D)，(B→E)∧(D→F)，┐(E∧F)，A→C┐A (1) (A→B) ∧(C→D) P (2) A→B (1)T,I (3) (B→E) ∧(D→F) P (4) B→E (3)T,I (5) A→E (2)(4)T,I (6) ┐(E∧F) P (7) ┐E∨┐F (6)T,E (8) E→┐F (7)T,

48、E (9) A→┐F (5)(8)T,I (10) C→D (1)T,I (11) D→F (3)T,I (12) C→F (10)(10)T,I (13) A→C P (14) A→F (13)(12)T,I (15) ┐F→┐A (14)T,E (16) A→┐A (9)(15)T,I (17) ┐A∨┐A (16)T,E (18) ┐A (17) T,E (3) 證明： a)┐A∨B，C→┐BA→┐C (1) A P (2) ┐A∨B P (3) B (1)(2)T,I (4) C→┐B P (5) ┐C (3)(4)T,I (6) A→┐C CP

49、 b)A→(B→C)，(C∧D)→E，┐F→(D∧┐E) A→(B→F) (1) A P (2) A→(B→C) P (3) B→C (1)(2)T,I (4) B P (5) C (3)(4)T,I (6) (C∧D) →E P (7) C→(D→E) (6)T,E (8) D→E (5)(7)T,I (9) ┐D∨E (8)T,E (10) ┐(D∧┐E) (9)T,E (11) ┐F→(D∧┐E) P (12) F (10)(11)T,I (13) B→F CP (14) A→(B→F) CP c)A∨B→C∧D，D∨E→FA→F (1) A P (

50、2) A∨B (1)T,I (3) A∨B→C∨D P (4) C∧D(2)(3)T,I (5) D(4)T,I (6) D∨E (5)T,I (7) D∨E→F P (8) F(6)(7)T,I (9) A→F CP d)A→(B∧C)，┐B∨D，(E→┐F)→┐D，B→(A∧┐E) B→E (1) B P(附加前提) (2) ┐B∨D P (3) D (1)(2)T,I (4) (E→┐F)→┐D P (5) ┐(E→┐F)(3)(4)T,I (6) E (5)T,I (7) B→E CP (4)證明： a) R→┐Q，R∨S

51、，S→┐Q，P→Q┐P (1) R→┐Q P (2) R∨S P (3) S→┐Q P (4) ┐Q (1)(2)(3)T,I (5) P→Q P (6) ┐P (4)(5)T,I b) S→┐Q，S∨R，┐R，┐PQP 證法一： (1) S∨R P (2) ┐R P (3) S (1)(2)T,I (4) S→┐Q P (5) ┐Q (3)(4)T,I (6) ┐PQ P (7)(┐P→Q)∧(Q→┐P) (6)T,E (8) ┐P→Q (7)T,I (9) P (5)(8)T,I 證法二：（反證法） (1) ┐P P（附加前提） (2) ┐

52、PQP (3)（┐P→Q）∧（ Q→┐P） (2)T，E (4) ┐P→Q(3)T,I (5) Q (1)(4)T,I (6) S→┐Q P (7) ┐S (5)(6)T,I (8) S∨R P (9) R (7)(8)T,I (10) ┐R P (11) ┐R∧R 矛盾（9）（10）T，I c)┐(P→Q)→┐(R∨S)，((Q→P)∨┐R)，RPQ (1) R P (2) (Q→P) ∨┐R P (3) Q→P (1)(2)T,I (4)┐(P→Q) →┐(R∨S) P (5) (R∨S) →(P→Q)(4)T,E (6) R∨S

53、(1)T,I (7) P→Q(5)(6) (8) (P→Q) ∧(Q→P)(3)(7)T,I (9) PQ (8)T,E (5) 解： a) 設(shè)P：我跑步。Q：我很疲勞。 前提為：P→Q，┐Q (1) P→Q P (2) ┐Q P (3) ┐P (1)(2)T,I 結(jié)論為：┐P，我沒(méi)有跑步。 b) 設(shè)S：他犯了錯(cuò)誤。 R：他神色慌張。 前提為：S→R，R 因?yàn)椋⊿→R）∧R（┐S∨R）∧RR。故本題沒(méi)有確定的結(jié)論。 實(shí)際上，若S →R為真，R為真,則S可為真，S也可為假，故無(wú)有效結(jié)論。 c) 設(shè)P：我的程序通過(guò)。 Q：我很快樂(lè)。 R：陽(yáng)光很好。 S：

54、天很暖和。（把晚上十一點(diǎn)理解為陽(yáng)光不好） 前提為：P→Q，Q→R，┐R∧S (1) P→Q P (2) Q→R P (3) P→R (1)(2)T,I (4) ┐R∨S P (5) ┐R (4)T,I (6) ┐P (3)(5)T,I 結(jié)論為： ┐P，我的程序沒(méi)有通過(guò) 習(xí)題2-1,2-2 （1） 解： a) 設(shè)W（x）：x是工人。c：小張。 則有 W（c） b) 設(shè)S（x）：x是田徑運(yùn)動(dòng)員。B（x）：x是球類運(yùn)動(dòng)員。h：他 則有 S（h）B（h） c) 設(shè)C（x）：x是聰明的。B（x）：x是美麗的。l：小莉。 則有 C（l） B（l） d）

55、設(shè)O（x）：x是奇數(shù)。 則有 O（m） O（2m）。 e)設(shè)R（x）：x是實(shí)數(shù)。Q（x）：x是有理數(shù)。 則有 （"x）（Q（x）R（x）） f) 設(shè)R（x）：x是實(shí)數(shù)。Q（x）：x是有理數(shù)。 則有 （$x）（R（x）Q（x）） g) 設(shè)R（x）：x是實(shí)數(shù)。Q（x）：x是有理數(shù)。 則有 （"x）（R（x）Q（x）） h)設(shè)P（x，y）：直線x平行于直線y G（x，y）：直線x相交于直線y。 則有 P（A，B）DG（A，B） （2） 解： a) 設(shè)J(x)：x是教練員。L(x)：x是運(yùn)動(dòng)員。 則有 （"x）（J（x）L（x）） b) 設(shè)S(x)：x是大學(xué)生。L(x

56、)：x是運(yùn)動(dòng)員。 則有 （$x）（L（x）S（x）） c) 設(shè)J(x)：x是教練員。O(x)：x是年老的。V（x）：x是健壯的。 則有 （$x）（J（x）O（x）V（x）） d) 設(shè)O(x)：x是年老的。V（x）：x是健壯的。j：金教練 則有 O（j）V（j） e) 設(shè)L(x)：x是運(yùn)動(dòng)員。J(x)：x是教練員。 則 （"x）（L（x）J（x）） 本題亦可理解為：某些運(yùn)動(dòng)員不是教練。 故 （$x）（L（x）J（x）） f) 設(shè)S（x）：x是大學(xué)生。L（x）：x是運(yùn)動(dòng)員。C（x）：x是國(guó)家選手。 則有 （$x）（S（x）L（x）C（x）） g) 設(shè)C（x）：x是國(guó)

57、家選手。V（x）：x是健壯的。 則有 （"x）（C（x）V（x））或（$x）（C（x）V（x）） h) 設(shè)C（x）：x是國(guó)家選手。O（x）：x是老的。L（x）：x 是運(yùn)動(dòng)員。 則有 （"x）（O（x）C（x）L（x）） i) 設(shè)W（x）：x是女同志。H（x）：x是家庭婦女。C（x）：x是國(guó)家選手。 則有 （$x）（W（x）C（x）H（x）） j） W（x）：x是女同志。J（x）：x是教練。C（x）：x是國(guó)家選手。 則有（$x）（W（x）J（x）C（x）） k） L（x）：x 是運(yùn)動(dòng)員。J（y）：y是教練。A(x,y)：x欽佩y。 則有 （"x）（L（x） （$y）（J（

58、y）A（x，y））） l） 設(shè)S（x）：x是大學(xué)生。L（x）：x 是運(yùn)動(dòng)員。A(x,y)：x欽佩y。 則（$x）（S（x）（"y）（L（y） A(x,y)）） 習(xí)題2-3 （1）解： a）5是質(zhì)數(shù)。 b）2是偶數(shù)且2是質(zhì)數(shù)。 c）對(duì)所有的x，若x能被2除盡，則x是偶數(shù)。 d）存在x，x是偶數(shù)，且x能除盡6。（即某些偶數(shù)能除盡6） e）對(duì)所有的x，若x不是偶數(shù)，則x不能被2除盡。 f）對(duì)所有的x，若x是偶數(shù)，則對(duì)所有的y，若x能除盡y，則y也是偶數(shù)。 g）對(duì)所有的x，若x是質(zhì)數(shù)，則存在y，y是偶數(shù)且x能除盡y（即所有質(zhì)數(shù)能除盡某些偶數(shù)）。 h）對(duì)所有的x，若x是奇數(shù)，

59、則對(duì)所有y，y是質(zhì)數(shù)，則x不能除盡y（即任何奇數(shù)不能除盡任何質(zhì)數(shù)）。 （2）解：（"x）("y)((P(x)∧P(y)∧┐E(x,y)→($!z)(L(z)∧R(x,y,z))) 或 （"x）("y)((P(x)∧P(y)∧┐E(x,y)→($z)(L(z)∧R(x,y,z) ∧┐($u)(┐E(z,u) ∧L(u)∧R(x,y,u)))) （3）解： a) 設(shè)N(x):x是有限個(gè)數(shù)的乘積。 z(y):y為0。 P(x):x的乘積為零。 F(y):y是乘積中的一個(gè)因子。 則有 ("x)((N(x)∧P(x)→($y)(F(y)∧z(y))) b) 設(shè)R(x):x是實(shí)數(shù)。Q

60、(x,y):y大于x。 故 ("x)(R(x)→($y)(Q(x,y)∧R(y))) c) R(x):x是實(shí)數(shù)。G(x,y):x大于y。 則 ($x)($y)($z)(R(x)∧R(y)∧R(z)∧G(x+y,xz) （4）解：設(shè)G(x,y):x大于y。則有 ("x)("y)("z)(G(y,x) ∧G(0,z)→G(xz,yz)) （5）解：設(shè)N(x):x是一個(gè)數(shù)。 S(x,y):y是x的后繼數(shù)。E(x,y)：x=y.則 a) ("x)(N(x)→($!y)(N(y)∧S(x,y))) 或("x)(N(x)→($y)(N(y)∧S(x,y) ∧┐($z)(┐E(y,z) ∧N(

61、z)∧S(x,z)))) b)┐($x)(N(x)∧S(x,1)) c) ("x)(N(x)∧┐S(x,2)→($!y)(N(y) ∧S(y,x))) 或("x)(N(x)∧┐S(x,2)→($y)(N(y) ∧S(y,x) ∧┐($z)(┐E(y,z) ∧N(z)∧S(z,x)))) （6）解：設(shè)S(x):x是大學(xué)生。 E(x):x是戴眼睛的。 F(x):x是用功的。 R(x,y):x在看y。 G(y):y是大的。 K(y):y是厚的。 J(y):y是巨著。 a:這本。 b:那位。 則有 E(b)∧F(b)∧S(b)∧R(b,a)∧G(a)∧K(a)∧J(a) （7）解：設(shè)

62、P(x,y):x在y連續(xù)。 Q(x,y):x>y。則 P(f,a)D(("ε)($δ)("x)(Q(ε,0)→(Q(δ,0)∧Q(δ,|x-a|)→Q(ε,|f(x)-f(a)|)))) 習(xí)題2-4 (1) 解：a) x是約束變?cè)?，y是自由變?cè)? b) x是約束變?cè)琍(x)∧Q(x)中的x受全稱量詞"的約束，S(x)中的x受存在量詞$的約束。 c) x，y都是約束變?cè)?P(x)中的x受$的約束，R(x)中的x受"的約束。 d) x，y是約束變?cè)?，z是自由變?cè)? (2) 解：a) P(a)∧P(b)∧P(c) b) R(a)∧R(b)∧R(c)∧S(a)∧S(b)

63、∧S(c) c) (P(a)→Q(a))∧(P(b)→Q(b))∧(P(c)→Q(c) d) (┐P(a)∧┐P(b)∧┐P(c))∨(P(z)∧P(b)∧P(c)) e) (R(a)∧R(b)∧R(c))∧(S(a)∨S(b)∨S(c)) (3) 解： a) ("x)(P(x)∨Q(x))(P(1)∨Q(1))∧(P(2)∨Q(2))， 但P(1)為T(mén)，Q(1)為F，P(2)為F，Q(2)為T(mén),所以 ("x)(P(x)∨Q(x))(T∨F)∧(F∨T) T。 b) ("x)(P→Q(x))∨R(a) ((P→Q(-2))∧(P→Q(3))∧(P→Q(6)))∨R(a)

64、 因?yàn)镻 為T(mén)，Q(-2)為T(mén)，Q(3)為T(mén)，Q(6)為F，R(5)為F，所以 ("x)(P→Q(x))∨R(a) ((T→T)∧(T→T)∧(T→F))∨F F (4) 解：a) ("u)($v)(P(u，z)→Q(v))DS(x，y) b) ("u)(P(u)→ (R(u)∨Q(u))∧($v)R(v))→($z)S(x,z) (5) 解：a) (($y)A(u，y)→("x)B(x，v))∧($x)("z)C(x，t，z) b) (("y)P(u，y)∧($z)Q(u，z))∨("x)R(x，t) 習(xí)題2-5 （1）解： a) P(a,f(a))∧P(b,f(b))P(1,f(1))∧P(2,f(2))P(1,2)∧P(2,1) T∧FF b)("x)($y)P(y,x)("x) (P(1,x)∨P(2,x)) (P(1,1)∨P(2,1))∧(P(1,2)∨P(2,2)) (T∨F)∧(T∨F) T c)("x)( "y)(P(x,y)→P(f(x),f(y))) ("x) ((P(x,1)→P(f(x),f(1)))∧(P(x,2) →P(f(x)f(2)))) (P(1,1)→P(f(1),f(1)))∧(P(1,2)→P(f(1),f(2))) ∧(P(2,1)→P(f(2),f(1)))∧(P(2,2