《（課標(biāo)版）高考物理二輪復(fù)習(xí) 專題二 第5講 應(yīng)用“三大觀點(diǎn)”解決力學(xué)綜合問(wèn)題練習(xí)-人教版高三全冊(cè)物理試題》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（課標(biāo)版）高考物理二輪復(fù)習(xí) 專題二 第5講 應(yīng)用“三大觀點(diǎn)”解決力學(xué)綜合問(wèn)題練習(xí)-人教版高三全冊(cè)物理試題（10頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、第5講　應(yīng)用“三大觀點(diǎn)”解決力學(xué)綜合問(wèn)題 沖刺提分作業(yè)A 1.(2019福建大聯(lián)考)汽車碰撞試驗(yàn)是綜合評(píng)價(jià)汽車安全性能的有效方法之一。設(shè)汽車在碰撞過(guò)程中受到的平均撞擊力達(dá)到某個(gè)臨界值F0時(shí),安全氣囊爆開。某次試驗(yàn)中,質(zhì)量m1=1 600 kg的試驗(yàn)車以速度v1=36 km/h正面撞擊固定試驗(yàn)臺(tái),經(jīng)時(shí)間t1=0.10 s碰撞結(jié)束,車速減為零,此次碰撞安全氣囊恰好爆開。忽略撞擊過(guò)程中地面阻力的影響。求: (1)此過(guò)程中試驗(yàn)車受到試驗(yàn)臺(tái)的沖量I0的大小及F0的大小; (2)若試驗(yàn)車以速度v1撞擊正前方另一質(zhì)量m2=1 600 kg、速度v2=18 km/h同向行駛的汽車,經(jīng)時(shí)間t2=0.16

2、 s兩車以相同的速度一起滑行。試通過(guò)計(jì)算分析這種情況下試驗(yàn)車的安全氣囊是否會(huì)爆開。 答案　見解析 解析　(1)v1=36 km/h=10 m/s,取速度v1的方向?yàn)檎较? 由動(dòng)量定理有-I0=0-m1v1 得I0=1.6×104 N·s 由沖量定義有I0=F0t1 得F0=1.6×105 N (2)設(shè)試驗(yàn)車和汽車碰撞后獲得共同速度v 由動(dòng)量守恒定律有m1v1+m2v2=(m1+m2)v 對(duì)試驗(yàn)車,由動(dòng)量定理有-Ft2=m1v-m1v1 得F=2.5×104 N 可見F

3、上放置一質(zhì)量為m'=0.9 kg的小木塊(視為質(zhì)點(diǎn)),距平臺(tái)右邊緣d=2 m。一質(zhì)量為m=0.1 kg的子彈沿水平方向射入小木塊并留在其中(作用時(shí)間極短),然后一起向右運(yùn)動(dòng),在平臺(tái)上運(yùn)動(dòng)的v2-x關(guān)系如圖乙所示,最后小木塊從平臺(tái)邊緣滑出并落在距平臺(tái)右側(cè)水平距離為s=1.6 m的地面上。g取10 m/s2,求: (1)小木塊滑出平臺(tái)時(shí)的速度; (2)子彈射入小木塊前的速度; (3)子彈射入小木塊前至小木塊滑出平臺(tái)時(shí),系統(tǒng)所產(chǎn)生的內(nèi)能。 答案　(1)4 m/s　(2)80 m/s　(3)312 J 解析　(1)小木塊從平臺(tái)滑出后做平拋運(yùn)動(dòng),有 h=12gt2,s=vt 聯(lián)立解得v

4、=s2hg=4 m/s (2)設(shè)子彈射入小木塊后共同速度為v1,由題圖乙可知 40-v2=v12-40 解得v1=8 m/s 子彈射入小木塊的過(guò)程中,根據(jù)動(dòng)量守恒定律有 mv0=(m'+m)v1 v0=(m'+m)v1m=80 m/s (3)設(shè)子彈射入小木塊前至小木塊滑出平臺(tái)時(shí),系統(tǒng)所產(chǎn)生的內(nèi)能為Q 則Q=12mv02-12×(m'+m)v2=12×0.1×802 J-12(0.9+0.1)×42 J=312 J 3.(2019山東濟(jì)寧模擬)如圖所示,傾角為37°的斜面固定在地面上,斜面的末端有一垂直于斜面的彈性擋板c,滑塊與擋板c相碰后的速率等于碰前的速率,斜面上鋪了一層特

5、殊物質(zhì),該物質(zhì)在滑塊上滑時(shí)對(duì)滑塊不產(chǎn)生摩擦力,下滑時(shí)對(duì)滑塊有摩擦且動(dòng)摩擦因數(shù)處處相同?，F(xiàn)有一質(zhì)量為M=0.9 kg的滑塊沿斜面上滑,到達(dá)最高點(diǎn)b時(shí)的速度恰好為零,此時(shí)恰好與從a點(diǎn)水平拋出的質(zhì)量為m=0.1 kg的小球在沿斜面方向上發(fā)生彈性碰撞,且滑塊與彈性擋板c碰后恰好反彈回到b點(diǎn)。已知a點(diǎn)和b點(diǎn)距地面的高度分別為H=2.4 m,h=0.6 m。sin 37°=0.6,cos 37°=0.8。(取g=10 m/s2)求: (1)小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度大小; (2)斜面與滑塊間的動(dòng)摩擦因數(shù); (3)從與小球碰撞到最后停止,滑塊在斜面上通過(guò)的總路程。 答案　(1)8 m/s　(2)0.

6、25　(3)7 m 解析　(1)小球從a點(diǎn)到b點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng) 在豎直方向有H-h=12gt2 小球到達(dá)b點(diǎn)時(shí)恰好沿斜面方向 有tan 37°=gtv0 解得v0=8 m/s (2)小球到達(dá)b點(diǎn)的速度v=v0cos37°=10 m/s 小球與滑塊發(fā)生彈性碰撞,由動(dòng)量守恒定律得 mv=mv1+Mv2 由能量守恒定律得12mv2=12mv12+12Mv22 解得滑塊與小球碰后的速度v2=2 m/s 由幾何關(guān)系知斜面長(zhǎng)L=hsin37°=1 m 滑塊恰好反彈回到b點(diǎn),由能量守恒定律得 12Mv22=μMgL cos 37° 解得μ=0.25 (3)設(shè)滑塊與擋板第二次碰后到達(dá)

7、最高點(diǎn)與c點(diǎn)的距離x2 由能量守恒定律得Mg(L-x2) sin 37°=μMgL cos 37° 解得x2=23L=23 m 設(shè)滑塊與擋板第三次碰后到達(dá)最高點(diǎn)與c點(diǎn)的距離x3 由能量守恒定律得 Mg(x2-x3) sin 37°=μMgx2 cos 37° 解得x3=23x2=232 m 以此類推x4=23x3=233 m 所以滑塊在斜面上共通過(guò)的路程為 s=3L+2x2+2x3+…+2xn=7 m 4.(2019東北三省四市模擬)如圖所示,光滑曲面AB與長(zhǎng)度為L(zhǎng)=1 m的水平傳送帶BC平滑連接,傳送帶上表面以v=1 m/s的速度向右運(yùn)動(dòng)。傳送帶右側(cè)光滑水平地面上放置一個(gè)

8、四分之一光滑圓軌道的物體乙,其質(zhì)量為m2=3 kg。質(zhì)量為m1=1 kg的物體甲(可視為質(zhì)點(diǎn))從曲面上高為h=1 m的A點(diǎn)由靜止釋放,物體甲與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2,不計(jì)空氣阻力,取g=10 m/s2。求: (1)甲第一次運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的速度大小; (2)甲第二次運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的速度大小; (3)甲第二次到C點(diǎn)后經(jīng)多長(zhǎng)時(shí)間再次到達(dá)C點(diǎn)。 答案　(1)4 m/s　(2)2 m/s　(3)2.25 s 解析　(1)物體甲從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn),由動(dòng)能定理得 m1gh=12m1v12 解得v1=25 m/s>v,假設(shè)物體甲在傳送帶上一直做勻減速直線運(yùn)動(dòng),由動(dòng)能定理得 -μm1gL=1

9、2m1v22-12m1v12 解得v2=4 m/s v2>v,假設(shè)成立,則物體甲第一次運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的速度大小v2=4 m/s (2)以物體甲和物體乙為研究對(duì)象,從甲滑上乙開始至甲滑下來(lái)到達(dá)C點(diǎn)的過(guò)程中,系統(tǒng)水平方向上動(dòng)量守恒 m1v2=m1v3+m2v4 由系統(tǒng)能量守恒得12m1v22=12m1v32+12m2v42 解得v3=-2 m/s 則甲第二次到達(dá)C點(diǎn)的速度大小為2 m/s (3)甲向左滑上傳送帶,做勻減速直線運(yùn)動(dòng) 由牛頓第二定律得μm1g=m1a 解得a=2 m/s2 由動(dòng)能定理得-μm1gL=12m1v52-12m1v32 解得到達(dá)B點(diǎn)的速度v5=0 物體甲

10、從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到左端B點(diǎn)的時(shí)間t1=v5-v3a 解得t1=1 s 甲向右滑上傳送帶先做勻加速直線運(yùn)動(dòng),設(shè)與傳送帶共速時(shí)所用時(shí)間為t2,則t2=va 解得t2=0.5 s 設(shè)甲在t2時(shí)間內(nèi)的位移為x1,則μm1gx1=12m1v2 解得x1=0.25 m 甲與傳送帶共速后隨傳送帶一起勻速運(yùn)動(dòng),位移x2=L-x1 所用時(shí)間t3=x2v 解得t3=0.75 s 甲從第二次到第三次到達(dá)C點(diǎn)的過(guò)程中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t=t1+t2+t3 解得t=2.25 s 沖刺提分作業(yè)B 1.某快遞公司分揀郵件的水平傳輸裝置示意圖如圖,皮帶在電動(dòng)機(jī)的帶動(dòng)下保持v=1 m/s的恒定速度向右運(yùn)動(dòng),現(xiàn)將一質(zhì)量

11、為m=2 kg的郵件輕放在皮帶上,郵件和皮帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5。設(shè)皮帶足夠長(zhǎng),g取10 m/s2,在郵件與皮帶發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)的過(guò)程中,求: (1)郵件滑動(dòng)的時(shí)間t。 (2)郵件對(duì)地的位移大小x。 (3)郵件與皮帶間的摩擦力對(duì)皮帶做的功W。 答案　(1)0.2 s　(2)0.1 m　(3)-2 J 解析　(1)設(shè)郵件放到皮帶上與皮帶發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)過(guò)程中受到的滑動(dòng)摩擦力為F,則 F=μmg 取向右為正方向,對(duì)郵件應(yīng)用動(dòng)量定理,有 Ft=mv-0 解得t=0.2 s (2)郵件與皮帶發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)的過(guò)程中,對(duì)郵件應(yīng)用動(dòng)能定理, 有Fx=12mv2-0 解得x=0.1 m

12、 (3)郵件與皮帶發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)的過(guò)程中,設(shè)皮帶相對(duì)地面的位移為s 則s=vt 摩擦力對(duì)皮帶做的功W=-Fs 解得W=-2 J 2.如圖所示,質(zhì)量均為m的小滑塊A、B、C厚度均不計(jì)。其中B、C兩滑塊通過(guò)勁度系數(shù)為k的輕彈簧相連并豎直放置在水平面上?，F(xiàn)在將小滑塊A從距離B滑塊H0高處由靜止釋放,A、B相碰后立刻粘合為一個(gè)整體,且以共同速度向下運(yùn)動(dòng),不計(jì)空氣阻力,當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間。求: (1)A、B碰后的共同速度v1的大小; (2)A、B向下運(yùn)動(dòng)的速度最大時(shí),滑塊C對(duì)水平面的壓力大小。 答案　(1)gH02　(2)3mg 解析　(1)設(shè)A與B碰撞之前A的瞬時(shí)速度為v0,則 m

13、gH0=12mv02 A、B碰撞前后動(dòng)量守恒,即mv0=2mv1 式中v1為A與B碰撞后的共同速度 聯(lián)立解得v1=gH02 (2)當(dāng)A、B的速度最大時(shí),它們所受的合力為零,即處于平衡狀態(tài),設(shè)此時(shí)水平地面對(duì)滑塊C的支持力大小和滑塊C對(duì)水平地面的壓力大小分別為FN'和FN,對(duì)于A、B、C組成的系統(tǒng) 由受力分析可知FN'-3mg=0 由牛頓第三定律可知FN'=FN 聯(lián)立解得FN=3mg 3.如圖所示,半徑為R,管徑很小的光滑半圓形細(xì)管豎直放置,有兩個(gè)直徑略小于管徑、質(zhì)量分別為m1=3m、m2=m的小球P、Q,小球Q靜止在水平面上,小球P以某一初速度向右運(yùn)動(dòng),與小球Q發(fā)生彈性碰撞。P、

14、Q兩球通過(guò)最高點(diǎn)C后落地點(diǎn)分別為M、N,已知:|CN|2-|CM|2=12R。求: (1)碰撞前小球P的速度; (2)碰撞后小球P、Q的速度; (3)小球P、Q經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)時(shí),它們對(duì)細(xì)管的作用力。 答案　(1)32gR (2)322gR　922gR (3)32mg,豎直向下　712mg,豎直向上 解析　(1)小球P、Q發(fā)生彈性碰撞,由動(dòng)量守恒定律得 m1v0=m1v1+m2v2 由機(jī)械能守恒定律得 12m1v02=12m1v12+12m2v22 小球P、Q從水平面運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)C的過(guò)程中,由機(jī)械能守恒定律得 對(duì)P球有12m1v12=12m1v32+m1g·2R 對(duì)Q球

15、有12m2v22=12m2v42+m2g·2R 之后兩小球做平拋運(yùn)動(dòng),有 h=2R=12gt2 P球的水平位移x1=v3t Q球的水平位移x2=v4t 依題意有(x22+h2)-(x12+h2)=144R2 聯(lián)立解得碰撞前小球P的速度v0=32gR (2)由(1)得碰撞后小球P的速度v1=322gR 碰撞后小球Q的速度v2=922gR (3)由(1)得小球P在最高點(diǎn)C的速度v3=gR2 小球Q在最高點(diǎn)C的速度v4=73gR2 以P為研究對(duì)象,由牛頓第二定律得FP+m1g=m1v32R 解得FP=-32mg,負(fù)號(hào)表示細(xì)管對(duì)小球P的彈力豎直向上 由牛頓第三定律知,小球P對(duì)

16、細(xì)管的作用力大小是32mg,方向豎直向下 以Q為研究對(duì)象,由向心力公式FQ+m2g=m2v42R 解得FQ=712mg,正號(hào)表示細(xì)管對(duì)小球Q的彈力豎直向下 由牛頓第三定律知,小球Q對(duì)細(xì)管的作用力大小是712mg,方向豎直向上 4.(2019貴州十校聯(lián)考)如圖所示,一小車上表面由粗糙的水平部分AB和光滑的半圓弧軌道BCD組成,小車緊靠臺(tái)階靜止在光滑水平地面上,且左端與粗糙水平臺(tái)等高。水平臺(tái)與物塊P間的滑動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.2,水平臺(tái)上有一彈簧,彈簧左端固定,彈簧右端與一個(gè)質(zhì)量為m1=5 kg的小物塊接觸但不固定,此時(shí)彈簧處于壓縮狀態(tài)并鎖定,彈簧的彈性勢(shì)能Ep=100 J?，F(xiàn)解除彈簧的鎖定

17、,物塊P從M點(diǎn)出發(fā),MN間的距離為d=1 m。物塊P到N點(diǎn)后與靜止在小車左端的質(zhì)量為m2=1 kg的物塊Q(可視為質(zhì)點(diǎn))發(fā)生彈性碰撞(碰后立即將物塊P取走,使之不影響后續(xù)物體的運(yùn)動(dòng))。已知AB長(zhǎng)為L(zhǎng)=10 m,小車的質(zhì)量為M=3 kg。取重力加速度g=10 m/s2。 (1)求碰撞后瞬間物塊Q的速度大小; (2)若物塊Q在半圓弧軌道BCD上經(jīng)過(guò)一次往返運(yùn)動(dòng)(運(yùn)動(dòng)過(guò)程中物塊始終不脫離軌道),最終停在小車水平部分AB的中點(diǎn),求半圓弧軌道BCD的半徑至少多大; (3)若小車上表面AB和半圓弧軌道BCD面均光滑,半圓弧軌道BCD的半徑為R=1.2 m,物塊Q可以從半圓弧軌道BCD的最高點(diǎn)D飛出,

18、求其再次落回小車時(shí),落點(diǎn)與B點(diǎn)的距離s為多少。(結(jié)果可用根號(hào)表示) 答案　(1)10 m/s　(2)1.25 m (3)1253 m 解析　(1)物塊P被彈簧彈開運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)速度為v1,由能量守恒得 Ep=μm1gd+12m1v12 解得v1=6 m/s 物塊P、Q發(fā)生彈性碰撞,碰后P、Q的速度為v1'、v2,規(guī)定向右為正方向,由動(dòng)量守恒定律得 m1v1=m1v1'+m2v2 由機(jī)械能守恒定律得12m1v12=12m1v1'2+12m2v22 解得v1'=4 m/s,v2=10 m/s或v1'=6 m/s,v2=0(舍) (2)物塊Q從開始運(yùn)動(dòng)到與小車相對(duì)靜止過(guò)程,共同速

19、度為v3,系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒,規(guī)定向右為正方向,由動(dòng)量守恒定律得 m2v2=(m2+M)v3 解得v3=2.5 m/s 系統(tǒng)能量守恒,有12m2v22=μm2g·32L+12(m2+M)v32 解得μ=0.25 Q至C點(diǎn)與車共速時(shí),半徑R最小,系統(tǒng)能量守恒,有 12m2v22=μm2gL+m2gR+12(m2+M)v32 解得R=1.25 m (3)設(shè)Q通過(guò)D點(diǎn)時(shí),Q與小車的速度分別為v4、v5系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒、能量守恒,規(guī)定向右為正方向,由動(dòng)量守恒定律得 m2v2=m2v4+Mv5 由機(jī)械能守恒定律得 12m2v22=12m2v42+12Mv52+m2g·2R 解得v4=-2 m/s,v5=4 m/s或v4=7 m/s,v5=1 m/s(舍) 物塊Q通過(guò)D點(diǎn)時(shí)相對(duì)小車的速度大小v4'=6 m/s 物塊Q再次落到小車上落點(diǎn)與B點(diǎn)的距離s=v4'4Rg 解得s=1253 m