2019-2020年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 三十九 選修作業(yè)專練2 文.doc
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2019-2020年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 三十九 選修作業(yè)專練2 文 一 、選做解答題(本大題共10小題,共100分) 選修4-5:不等式選講 已知函數(shù) (1)求函數(shù)的值域 (2)求不等式:的解集. 選修45:不等式選講 已知函數(shù),,. (I)當(dāng)時,解不等式: ; (II)若且,證明:,并說明等號成立時滿足的條件。 選修4-4:坐標(biāo)系與參數(shù)方程 已知極坐標(biāo)系的極點在直角坐標(biāo)系的原點處,極軸與軸非負(fù)半軸重合.直線的參數(shù)方程為:(為參數(shù)),曲線的極坐標(biāo)方程為:. (1)寫出曲線的直角坐標(biāo)方程,并指明是什么曲線; (2)設(shè)直線與曲線相交于兩點,求的值. 選修4-4:坐標(biāo)系與參數(shù)方程 已知曲線: (為參數(shù)),:(為參數(shù)). (1)化,的方程為普通方程,并說明它們分別表示什么曲線; (2)若上的點對應(yīng)的參數(shù)為,為上的動點,求中點到直線(為參數(shù))距離的最小值. 選修4—4:坐標(biāo)系與參數(shù)方程選講 已知直線:(為參數(shù),a為的傾斜角),以坐標(biāo)原點為極點,軸的正半軸為極軸建立極坐標(biāo)系,曲線的極坐標(biāo)方程為. (1)若直線與曲線相切,求的值; (2)設(shè)曲線上任意一點的直角坐標(biāo)為,求的取值范圍. 選修44:坐標(biāo)系與參數(shù)方程 已知橢圓C的極坐標(biāo)方程為, 點為其左,右焦點,直線的參數(shù)方程為( ). (I)求直線和曲線C的普通方程;(II)求點到直線的距離之和. 選修4-1:幾何證明選講 P A B C D E 7題圖 O 如圖,內(nèi)接于直徑為的圓,過點作圓的切線交的延長線于點,的平分線分別交和圓為點,, 若. (1)求證:; (2)求的值. 選修4-1:幾何證明選講 如圖,已知四邊形內(nèi)接于,且是的直徑, 過點的的切線與的延長線交于點. (I)若,,求的長; (II)若,求的大小. 選修4-1:幾何證明選講 如圖過圓E外一點A作一條直線與圓E交于B、C兩點,且AB=AC,作直線AF與圓E相切于點F,連結(jié)EF交BC于點D,已知圓E的半徑為2, (1) 求AF的長; (2) 求證:AD=3ED 選修4—1:幾何證明選講 如圖所示,圓0的直徑為BD,過圓上一點A作圓O的切線AE,過點D作 DEAE于點E,延長ED與圓0交于點C. (1)證明:DA平分; (2)若AB=4,AE=2,求CD的長. 衡水萬卷作業(yè)卷三十九文數(shù)答案解析 一 、選做解答題 【答案】 (1)[-3,3] ;(2) 解析:(1)因為 當(dāng)2<x<5時,-3<f(x) <3,所以,即函數(shù)值域為[-3,3]. (2)由(1)可知, 當(dāng)?shù)慕饧癁榭占? 當(dāng)時,的解集為:; 當(dāng)時,的解集為:; 【思路點撥】一般遇到絕對值函數(shù),通常先改寫成分段函數(shù),再結(jié)合各段對應(yīng)的關(guān)系式進(jìn)行解答. 解: (Ⅰ)因為,所以原不等式為. 當(dāng)時, 原不等式化簡為,即; 當(dāng)時, 原不等式化簡為,即無解; 當(dāng)時, 原不等式化簡為,即. 綜上,原不等式的解集為. (Ⅱ)由題知 , , 所以, 又等號成立當(dāng)且僅當(dāng)與同號或它們至少有一個為零. 【答案】(1) ,是以(2,0)為圓心,2為半徑的圓; (2) 解析:(1)由得,得,即,所以曲線C是以(2,0)為圓心,2為半徑的圓. (2)把代入,整理得, 設(shè)其兩根分別為則,所以. 【思路點撥】一般遇到直線上的點與直線經(jīng)過的定點之間的距離關(guān)系問題時,可考慮利用直線參數(shù)方程中的參數(shù)的幾何意義進(jìn)行解答. 【答案】(1),為圓心是(-4,3),半徑是1的圓,為中心是坐標(biāo)原點,焦點在x軸上,長半軸長是8,短半軸長是3的橢圓; (2). 解析::(1)對兩個參數(shù)方程消參得,為圓心是(-4,3),半徑是1的圓,為中心是坐標(biāo)原點,焦點在x軸上,長半軸長是8,短半軸長是3的橢圓;(2)當(dāng)時,,故 ,為直線x-2y-7=0,M到的距離,從而當(dāng)時,d取得最小值. 【思路點撥】當(dāng)遇到由曲線的參數(shù)方程解答問題不方便時,可化成普通方程進(jìn)行解答. 解:(1)曲線C的直角坐標(biāo)方程為 即 曲線C為圓心為(3,0),半徑為2的圓. 直線l的方程為: ∵直線l與曲線C相切 ∴ 即 ∵ a[0,π) ∴a= (法二)①將化成直角坐標(biāo)方程為……2分 由消去得 ∵ 與C相切 ∴ Δ=64-48=0 解得cosa=∵ a[0,π) ∴a= (2)設(shè) 則 = ∴ 的取值范圍是. 解:(Ⅰ) 直線普通方程為 ;曲線的普通方程為. (Ⅱ) ∵,,∴點到直線的距離 點到直線的距離 ∴ 解:(1)∵PA是圓O的切線 ∴ 又是公共角 ∴∽ ∴ ∴ (2)由切割線定理得: ∴又PB=5 ∴ 又∵AD是的平分線 ∴∴ ∴ 又由相交弦定理得: 解:(Ⅰ)因為MD為的切線,由切割線定理知, MD2=MAMB,又MD=6,MB=12,MB=MA+AB , 所以MA=3,AB==9. (Ⅱ)因為AM=AD,所以∠AMD=∠ADM, 連接DB,又MD為的切線,由弦切角定理知,∠ADM=∠ABD, 又因為AB是的直徑,所以∠ADB為直角, 即∠BAD=90-∠ABD. 又∠BAD=∠AMD+∠ADM=2∠ABD, 于是90-∠ABD=2∠ABD,所以∠ABD=30,所以∠BAD=60. 又四邊形ABCD是圓內(nèi)接四邊形,所以∠BAD+∠DCB=180,所以∠DCB=120 【答案】(1)AF=3;(2)證明:見解析. 解析:(1)延長BE交圓E于點M,連接CM,則∠BCM=90, 又BM=2BE=4,∠EBC=30,所以BC=,根據(jù)切割線定理得: ,所以AF=3 (2)過E作EH⊥BC與H,則△EDH∽△ADF , 從而有,又由題意知BH= 所以EH=1,因此,即AD=3ED 【思路點撥】(1)根據(jù)切割線定理知,只需求出線段BC的長,為此延長BE交圓E于點M,連接CM,在Rt△BCM中求得BC=,從而得AF=3;(2)取BC中點H連接EH, 由△EDH∽△ADF可證得結(jié)論. 【答案】(1)略(2) 【解析】(1)證明:∵AE是⊙O的切線,∴∠DAE=∠ABD, ∵BD是⊙O的直徑,∴∠BAD=90,∴∠ABD+∠ADB=90, 又∠ADE+∠DAE=90,∴∠ADB=∠ADE.∴DA平分∠BDE. (2)由(1)可得:△ADE∽△BDA,∴, ∴,化為BD=2AD.∴∠ABD=30.∴∠DAE=30.∴DE=AEtan30=. 由切割線定理可得:AE2=DE?CE,∴22=(+CD),解得CD=. 【思路點撥】(1)由于AE是⊙O的切線,可得∠DAE=∠ABD.由于BD是⊙O的直徑,可得∠BAD=90,因此∠ABD+∠ADB=90,∠ADE+∠DAE=90,即可得出∠ADB=∠ADE.. (2)由(1)可得:△ADE∽△BDA,可得 ,BD=2AD.因此∠ABD=30.利用DE=AEtan30.切割線定理可得:AE2=DE?CE,即可解出.- 1.請仔細(xì)閱讀文檔,確保文檔完整性,對于不預(yù)覽、不比對內(nèi)容而直接下載帶來的問題本站不予受理。
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