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2019-2020年高三（上）期末物理試卷含解析 　 二、選擇題：本題共8小題，每題6分．在每小題給出的四個選項中，第14～18題只有一項符合題目要求，19～21題有多項符合題目要求．全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有錯選的得0分． 1．一塊手機電池的背面印有如圖所示的一些符號，另外在手機使用說明書上還寫有“通話時間3h，待機時間100h”，則該手機通話和待機時消耗的功率分別約為（　　） 　 A． 1.8 W，5.410﹣2W B． 3.6 W，0.108 W 　 C． 0.6 W，1.810﹣2 W D． 6.48103 W，1.94102 W 　 2．如圖電路中，在滑動變阻器的滑片P向上端a滑動過程中，兩表的示數(shù)情況為（　?。? 　 A． 電壓表示數(shù)增大，電流表示數(shù)減少 　 B． 電壓表示數(shù)減少，電流表示數(shù)增大 　 C． 兩電表示數(shù)都增大 　 D． 兩電表示數(shù)都減少 　 3．如圖所示，不帶電的金屬球A固定在絕緣底座上，它的正上方有B點，該處有帶電液滴不斷地自靜止開始落下（不計空氣阻力），液滴到達A球后將電荷量全部傳給A球，設(shè)前一液滴到達A球后，后一液滴才開始下落，不計B點未下落帶電液滴對下落液滴的影響，則下列敘述中正確的是（　?。? 　 A． 第一滴液滴做自由落體運動，以后液滴做變加速運動，都能到達A球 　 B． 當(dāng)液滴下落到重力等于電場力位置時，開始做勻速運動 　 C． 能夠下落到A球的所有液滴下落過程所能達到的最大動能不相等 　 D． 所有液滴下落過程中電場力做功相等 　 4．如圖所示，輕質(zhì)彈簧的上端固定，下端與物體A相連，物體B與物體A之間通過輕質(zhì)不可伸長的細繩連接．開始時托住物體A，使A靜止且彈簧處于原長，然后由靜止釋放A，從開始釋放到物體A第一次速度最大的過程中，下列說法正確的有（　?。? 　 A． A、B兩物體的機械能總量守恒 　 B． B物體機械能的減少量一定等于A物體機械能的減少量 　 C． 輕繩拉力對B物體做的功等于B物體機械能的變化 　 D． A物體所受合外力做的功等于A物體機械能的變化 　 5．如圖所示，兩平行的粗糙金屬導(dǎo)軌水平固定在勻強磁場中，磁感應(yīng)強度為B，導(dǎo)軌寬度為L，一端與電源連接．一質(zhì)量為m的金屬棒ab垂直于平行導(dǎo)軌放置并接觸良好，金屬棒與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)為μ=，在安培力的作用下，金屬棒以v0的速度向右勻速運動，通過改變磁感應(yīng)強度的方向，可使流過導(dǎo)體棒的電流最小，此時磁感應(yīng)強度的方向與豎直方向成（　　） 　 A． 37 B． 30 C． 45 D． 60 　 6．甲乙兩汽車同時同地出發(fā)，甲車做勻速運動，乙車做初速度為零的勻加速直線運動，兩車的位移與時間的關(guān)系如圖所示．下列說法正確的是（　?。? 　 A． t=l0s時，甲車追上乙車 B． 乙車的加速度大小為1m/s2 　 C． t=5s時，兩車速度相同 D． t=l0s時，兩車速度相同 　 7．一帶電荷量為+q、質(zhì)量為m的帶電粒子從O點以速率v0射入電場，運動到A點時速率為2v0．現(xiàn)有另一電荷量為﹣2q、質(zhì)量為m的粒子仍以速率v0從O點射入該電場，運動到B點時速率為2v0．若忽略重力的影響，帶電粒子從O到A和從O到B的運動過程中（　?。? 　 A． 在O、A、B三點中，B點電勢最高 　 B． 在O、A、B三點中，A點電勢最高 　 C． 帶電荷量為+q的粒子電勢能的變化量大 　 D． 兩粒子的電勢能變化量相等 　 8．如圖所示，兩端與定值電阻相連的光滑平行金屬導(dǎo)軌傾斜放置，其中R1=R2=2R，導(dǎo)軌電阻不計，導(dǎo)軌寬度為L，勻強磁場垂直穿過導(dǎo)軌平面，磁感應(yīng)強度為B．導(dǎo)體棒ab的電阻為R，垂直導(dǎo)軌放置，與導(dǎo)軌接觸良好．釋放后，導(dǎo)體棒ab沿導(dǎo)軌向下滑動，某時刻流過R2的電流為I，在此時刻（　　） 　 A． 重力的功率為6l2R 　 B． 金屬桿ab消耗的熱功率為4l2R 　 C． 導(dǎo)體棒的速度大小為 　 D． 導(dǎo)體棒受到的安培力的大小為2BIL 　 　 三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分．第22題～第32題為必考題，每個小題考生都必須做答．第33題～第40題為選考題，考生根據(jù)要求作答．（一）必考題 9．在一帶有凹槽（保證小球沿斜面做直線運動）的斜面底端安裝一光電門，讓一小球從凹槽中某位置由靜止釋放，調(diào)整光電門位置，使球心能通過光電門發(fā)射光束所在的直線，可研究其勻變速直線運動．實驗過程如下： （1）首先用螺旋測微器測量小球的直徑．如圖1所示，則小球直徑d=　　　　　　cm． （2）讓小球從凹槽上某位置由靜止釋放，并通過光電門．用刻度尺測量小球釋放位置到光電門的距離x，光電門自動記錄小球通過光電門的時間△t，可計算小球通過光電門的瞬時速度表達式為v=　　　　　?。ㄐ∏蛑睆接胐表示） （3）改變小球的釋放位置重復(fù)（2），可得到多組距離x、速度v．現(xiàn)將多組x、v、v2對應(yīng)記錄在下面的表格中． 次數(shù) 1 2 3 4 5 6 距離x/m 0.10 0.20 0.30 0.40 0.50 0.60 速度v/m?s﹣1 1.00 1.42 1.73 2.01 2.32 2.44 速度的平方v2/（m?s﹣1）2 1.00 2.02 2.99 4.04 5.38 5.95 （4）根據(jù)如表數(shù)據(jù)，在坐標(biāo)紙上適當(dāng)選取標(biāo)度和橫軸、縱軸對應(yīng)的物理量，做出小球運動的線性關(guān)系圖2． （5）根據(jù)所作圖象求得小球運動的加速度a=　　　　　　m/s2（保留兩位小數(shù)）． 　 10．現(xiàn)有兩相同的某型號多用表，一同學(xué)在研究性學(xué)習(xí)過程中想獲得10V量程直流電壓檔的內(nèi)阻和lk歐姆檔的內(nèi)部電源的電動勢，已知lk歐姆檔中央刻度線對應(yīng)的數(shù)據(jù)為15．為完成實驗，進行了如下操作： （1）將甲多用表檔位旋鈕撥到10V電壓檔，將乙多用表檔位旋鈕撥到lk歐姆檔； （2）應(yīng)將甲多用表的紅表筆與乙多用表的　　　　　?。ㄌ睢凹t”或“黑”）表筆連接，在將另外兩表筆連接； （3）在連接兩多用表表筆之前應(yīng)對乙多用表進行的操作為　　　　　?。? （4）兩多用表連接后，兩表讀數(shù)分別為6.0V和30kΩ，可知10V量程直流電壓檔的內(nèi)阻為　　　　　　kΩ，1k歐姆檔的內(nèi)部電源的電動勢為　　　　　　V． 　 11．固定的傾角為37的光滑斜面，長度為L=1m，斜面頂端放置可視為質(zhì)點的小物體，質(zhì)量為0.8kg，如圖所示．當(dāng)水平恒力較小時，物體可以沿斜面下滑，到達斜面底端時撤去水平恒力，物體在水平地面上滑行的距離為S．忽略物體轉(zhuǎn)彎時的能量損失，研究發(fā)現(xiàn)S與F之間的關(guān)系如圖所示．已知g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，求： （1）物體與地面間的動摩擦因數(shù)μ； （2）當(dāng)F=3N時，物體運動的總時間（結(jié)果可以用根式表示）． 　 12．如圖所示，在邊長為L的正方形區(qū)域ABCD內(nèi)，存在沿AD方向的勻強電場，質(zhì)量均為m，帶電量分別為+q和﹣q的兩粒子，同時由A、C兩點沿AB和CD方向以速率v0進入正方形區(qū)域，兩粒子在區(qū)域的正中心相遇．若將區(qū)域中的電場換為垂直紙面向外的勻強磁場，兩粒子同時由A、B兩點沿平行于AB方向進入?yún)^(qū)域，速度大小仍為v0，兩粒子也在區(qū)域的正中心相遇，不計粒子的重力和粒子間的相互作用力，求： （1）勻強電場的電場強度E； （2）勻強磁場的磁感應(yīng)強度B； （3）若上述電場和磁場同時存在，兩粒子先后由A點沿AC方向進入場區(qū)，速度大小仍為v0，要求粒子能夠沿直線到達C點，正方形區(qū)域內(nèi)需另加一平行于紙面的勻強電場E′，求E′的大小和方向（方向用與AB方向夾角的正切值表示）． 　 　 （二）選考題物理--選修3-3 13．關(guān)于晶體和非晶體，下列說法正確的是（　?。? 　 A． 所有晶體沿各個方向的光學(xué)性質(zhì)都相同 　 B． 非晶體沿各個方向的物理性質(zhì)都相同 　 C． 在各種晶體中，原子（或分子、離子）都是按照一定的規(guī)則排列的，具有空間上的周期性 　 D． 物質(zhì)是晶體還是非晶體，是絕對的，不可能相互轉(zhuǎn)化 　 E． 有些非晶體在一定條件下可以轉(zhuǎn)化為晶體 　 14．如圖所示，粗細均勻、導(dǎo)熱性能良好、裝有適量水銀的U型管豎直放置，左端封閉一定質(zhì)量的理想氣體，氣柱長l=32cm，兩管中水銀面等高．現(xiàn)向右管中加入長△l=9cm的水銀柱（與右管內(nèi)原有水銀無空隙接觸）．環(huán)境溫度不變，大氣壓強P0=75cmHg．求穩(wěn)定后左管內(nèi)氣體的壓強． 　 　 物理--選修3-4 1014秋?棗莊校級期末）如圖所示，a、b是水平繩上的兩點，相距42cm，一列正弦波沿繩傳播，方向從a到b，每當(dāng)a點經(jīng)過平衡位置向上運動時，b點正好到達上方最大位移處，則此波的波長可能是（　　） 　 A． 168cm B． 184cm C． 56cm D． 24cm 　 1015?石嘴山模擬）直角三角形的玻璃磚ABC放置于真空中，∠B=30，CA的延長線上S點有一點光源，發(fā)出的一條光線由D點射入玻璃磚，如圖所示．光線經(jīng)玻璃磚折射后垂直BC邊射出，且此光束經(jīng)過SD用時和在玻璃磚內(nèi)的傳播時間相等．已知光在真空中的傳播速度為c，BD=d，∠ASD=15．求： （Ⅰ）玻璃磚的折射率； （Ⅱ）SD兩點間的距離． 　 　 物理--選修3-5 1014秋?唐山期末）下列關(guān)于近代物理內(nèi)容的說法正確的有（　　） 　 A． 原子核發(fā)生一次β衰交，原子核減少一個中子和一個質(zhì)子 　 B． 盧瑟福通過α粒子散射實驗提出原子核由質(zhì)子和中子組成 　 C． 一束光照射到某種金屬上，沒有發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，是因為這束光的頻率較低 　 D． 壓力和溫度不會影響到放射性元素的半衰期 　 E． 波爾認為，氫原子由高能量狀態(tài)躍遷到低能量狀態(tài)時，原子能量減少 　 1014秋?唐山期末）質(zhì)量為m1的物體A以某一速度值由斜面底端沖上斜面，恰能到達斜面頂端，如圖所示．將質(zhì)量為m2的物體B放置在斜面上某點，且處于靜止?fàn)顟B(tài)，物體B到斜面頂端的距離為斜面長度的，A物體再次以相同的初速度沖上斜面，A、B發(fā)生彈性碰撞后，物體剛好能夠到達斜面頂端．兩物體可視為質(zhì)點，且二者與斜面間的動摩擦因數(shù)相同．求A、B兩物體的質(zhì)量比m1：m2． 　 　  xx學(xué)年山東省棗莊一中高三（上）期末物理試卷 參考答案與試題解析 　 二、選擇題：本題共8小題，每題6分．在每小題給出的四個選項中，第14～18題只有一項符合題目要求，19～21題有多項符合題目要求．全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有錯選的得0分． 1．一塊手機電池的背面印有如圖所示的一些符號，另外在手機使用說明書上還寫有“通話時間3h，待機時間100h”，則該手機通話和待機時消耗的功率分別約為（　?。? 　 A． 1.8 W，5.410﹣2W B． 3.6 W，0.108 W 　 C． 0.6 W，1.810﹣2 W D． 6.48103 W，1.94102 W 考點： 電功、電功率． 專題： 恒定電流專題． 分析： 由圖中所提供的“3.6V，500mA?h”，根據(jù)功和電功率的有關(guān)知識，可求通話時消耗的功率和待機時消耗的功率． 解答： 解：由圖中所提供的電池的容量為“3.6V，500mA?h”， 則通話時消耗的功率為P1==600mW=0.6W， 待機時消耗的功率為P2==18mW=1.810﹣2W． 故選：C． 點評： 根據(jù)電池銘牌提供的數(shù)據(jù)要能夠從其中找出有用的信息，并且要能夠正確的理解電池的容量3.6V，500mA?h． 　 2．如圖電路中，在滑動變阻器的滑片P向上端a滑動過程中，兩表的示數(shù)情況為（　?。? 　 A． 電壓表示數(shù)增大，電流表示數(shù)減少 　 B． 電壓表示數(shù)減少，電流表示數(shù)增大 　 C． 兩電表示數(shù)都增大 　 D． 兩電表示數(shù)都減少 考點： 閉合電路的歐姆定律． 專題： 恒定電流專題． 分析： 動態(tài)變化分析問題一般按照“局部→整體→局部”的順序，分析總電阻變化→總電流變化→總電壓變化，再分析局部電壓、電流、功率的變化進行．對于電流表讀數(shù)來說，由于滑動變阻器的電流、電壓和電阻都在變化，不好確定，可從總電流的變化和R2電流變化確定． 解答： 解：當(dāng)滑動變阻器的滑片P向a滑動時，接入電路的電阻增大，與R2并聯(lián)的電阻增大，外電路總電阻R總增大，總電流I減小，路端電壓U=E﹣Ir增大，電壓表讀數(shù)增大；并聯(lián)部分的電阻增大，分擔(dān)的電壓增大，U2增大，流過R2的電流I2增大，電流表的讀數(shù)IA=I﹣I2，則減?。蔄正確，BCD錯誤． 故選：A． 點評： 電路動態(tài)變化分析是常見的題型，容易犯的錯誤是認為支路電阻增大，并聯(lián)總電阻減?。绢}中變阻器的電壓、電流和電阻都是變化的，技巧是研究干路電流和另一支路電流變化情況來確定 　 3．如圖所示，不帶電的金屬球A固定在絕緣底座上，它的正上方有B點，該處有帶電液滴不斷地自靜止開始落下（不計空氣阻力），液滴到達A球后將電荷量全部傳給A球，設(shè)前一液滴到達A球后，后一液滴才開始下落，不計B點未下落帶電液滴對下落液滴的影響，則下列敘述中正確的是（　?。? 　 A． 第一滴液滴做自由落體運動，以后液滴做變加速運動，都能到達A球 　 B． 當(dāng)液滴下落到重力等于電場力位置時，開始做勻速運動 　 C． 能夠下落到A球的所有液滴下落過程所能達到的最大動能不相等 　 D． 所有液滴下落過程中電場力做功相等 考點： 功能關(guān)系． 專題： 電場力與電勢的性質(zhì)專題． 分析： 隨著球A液滴增多，帶電量增大，空間產(chǎn)生的場強增強，除第一滴液滴做自由落體運動，以后液滴做變加速運動，不一定能到達A球；通過分析受力情況，判斷液滴的運動情況；當(dāng)液滴所受的電場力與重力相等時動能最大，但各個液滴動能最大的位置不同，最大動能不等；根據(jù)功的公式W=Fl分析電場力做功關(guān)系． 解答： 解：A、第一滴液滴只受重力做自由落體運動，以后液滴將受力向上的電場力作用而做變加速運動，隨著球A液滴增多，帶電量增大，空間產(chǎn)生的場強增強，以后液滴所受的電場力增大，這些液滴先加速后減速，就不一定能到達A球，故A錯誤． B、當(dāng)液滴下落到重力等于電場力位置時，繼續(xù)向下運動時電場力增大，電場力將大于重力，開始做減速運動，故B錯誤． C、當(dāng)液滴所受的電場力與重力相等時動能最大，則有：mg=k，x是動能最大的位置到A距離，由于A球的電荷量qA在不斷增大，x增大，所以第一滴液滴以后的液滴動能最大的位置將不斷上移，合外力做功不等，則最大動能不相等，故C正確． D、由于所有液滴下落過程中所受的電場力不等，若能到達A球，根據(jù)功的公式W=Fl可知，通過的位移相等，電場力做功不相等；若不能到達A球，液滴將返回到B點，電場力做功為零，即電場力做功相等，故D錯誤． 故選：C． 點評： 本題關(guān)鍵要正確分析液滴的受力情況，從而判斷其運動情況，知道液滴所受的電場力與重力平衡時動能最大，類似于小球掉在彈簧上的問題，要能進行動態(tài)分析． 　 4．如圖所示，輕質(zhì)彈簧的上端固定，下端與物體A相連，物體B與物體A之間通過輕質(zhì)不可伸長的細繩連接．開始時托住物體A，使A靜止且彈簧處于原長，然后由靜止釋放A，從開始釋放到物體A第一次速度最大的過程中，下列說法正確的有（　?。? 　 A． A、B兩物體的機械能總量守恒 　 B． B物體機械能的減少量一定等于A物體機械能的減少量 　 C． 輕繩拉力對B物體做的功等于B物體機械能的變化 　 D． A物體所受合外力做的功等于A物體機械能的變化 考點： 功能關(guān)系；動能和勢能的相互轉(zhuǎn)化． 分析： 功是能量轉(zhuǎn)化的量度，合力做功等于動能的改變量，除重力外其余力做功等于機械能的增加量． 解答： 解：A、對AB系統(tǒng)，由于要克服彈簧的拉力做功，故機械能總量是減小的，故A錯誤； B、物體A與物體B速度相等，動能的變化量和重力勢能的變化量均與質(zhì)量成正比，兩個物體的質(zhì)量不一定相等，故機械能的變化量不一定相等，故B錯誤； C、根據(jù)功能關(guān)系，除重力外其余力做功等于機械能的增加量，故輕繩拉力對B物體做的功等于B物體機械能的變化，故C正確； D、根據(jù)動能定理，A物體所受合外力做的功等于A物體動能的增加量，故D錯誤； 故選：C． 點評： 本題關(guān)鍵是明確功能關(guān)系的各種具體形式，知道機械能守恒的條件，基礎(chǔ)題目． 　 5．如圖所示，兩平行的粗糙金屬導(dǎo)軌水平固定在勻強磁場中，磁感應(yīng)強度為B，導(dǎo)軌寬度為L，一端與電源連接．一質(zhì)量為m的金屬棒ab垂直于平行導(dǎo)軌放置并接觸良好，金屬棒與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)為μ=，在安培力的作用下，金屬棒以v0的速度向右勻速運動，通過改變磁感應(yīng)強度的方向，可使流過導(dǎo)體棒的電流最小，此時磁感應(yīng)強度的方向與豎直方向成（　?。? 　 A． 37 B． 30 C． 45 D． 60 考點： 安培力． 分析： 對導(dǎo)體棒受力分析分析，利用數(shù)學(xué)知識求的最小值 解答： 解：對導(dǎo)體棒受力分析， BILcosθ﹣μ（mg﹣BILsinθ）=0 I= 解得當(dāng)θ=60I最小，故磁感應(yīng)強度的方向與豎直方向為30 故：B 點評： 本題主要考查了受力分析，利用數(shù)學(xué)知識求的最小值 　 6．甲乙兩汽車同時同地出發(fā)，甲車做勻速運動，乙車做初速度為零的勻加速直線運動，兩車的位移與時間的關(guān)系如圖所示．下列說法正確的是（　?。? 　 A． t=l0s時，甲車追上乙車 B． 乙車的加速度大小為1m/s2 　 C． t=5s時，兩車速度相同 D． t=l0s時，兩車速度相同 考點： 勻變速直線運動的圖像． 專題： 運動學(xué)中的圖像專題． 分析： 在位移﹣時間圖象中，傾斜的直線表示物體做勻速直線運動，斜率表示速度；圖象的交點表示位移相等；由運動學(xué)公式求解乙的速度． 解答： 解：A、據(jù)圖可知，在t=10秒時，甲乙的位移相等，但開始時乙在后，故應(yīng)是乙追上甲車，故A錯誤； B、由圖可知，在t=10s時x=50m，則乙的加速度a===lm/s2，故B正確； C、t=5s時，甲車速度v===5m/s，5s末為10s內(nèi)的時間中點，故t=5s末乙車的速度等于10s內(nèi)的平均速度，故v′==5m/s，故C正確； D、質(zhì)點乙在10秒時的速度：v2=at2=110=10m/s，甲車速度v=5m/s，故D錯誤； 故選：BC． 點評： 本題考查x﹣t圖象，要求同學(xué)們能根據(jù)圖象讀出有用信息，并能加以應(yīng)用，注意乙的運動表示的是勻加速直線運動． 　 7．一帶電荷量為+q、質(zhì)量為m的帶電粒子從O點以速率v0射入電場，運動到A點時速率為2v0．現(xiàn)有另一電荷量為﹣2q、質(zhì)量為m的粒子仍以速率v0從O點射入該電場，運動到B點時速率為2v0．若忽略重力的影響，帶電粒子從O到A和從O到B的運動過程中（　　） 　 A． 在O、A、B三點中，B點電勢最高 　 B． 在O、A、B三點中，A點電勢最高 　 C． 帶電荷量為+q的粒子電勢能的變化量大 　 D． 兩粒子的電勢能變化量相等 考點： 電勢能；電勢． 專題： 電場力與電勢的性質(zhì)專題． 分析： 根據(jù)電場力做功與電勢能之間的關(guān)系，電場力做正功，電勢能減小，可以判斷電勢的高低；根據(jù)能量守恒定律分析電勢能變化量的大?。? 解答： 解：AB、+q由O到A，動能變大，電場力做正功，電勢能減小，電勢也減小，所以O(shè)點的電勢比A點的高； ﹣q從O到B速度增大，電場力也做正功，電勢能減小，電勢升高，B點電勢比O點高．所以B點最高，故A正確，B錯誤； CD、兩個粒子的質(zhì)量相等，動能的變化量大小相等，根據(jù)能量守恒定律可知兩粒子的電勢能變化量相等，故C錯誤，D正確． 故選：AD． 點評： 本題也可以計算出OA間和OB間的電勢差，來比較電勢高低，一定要注意物理量的正負號，它表示了電勢的高低，求電勢差時也是如此． 　 8．如圖所示，兩端與定值電阻相連的光滑平行金屬導(dǎo)軌傾斜放置，其中R1=R2=2R，導(dǎo)軌電阻不計，導(dǎo)軌寬度為L，勻強磁場垂直穿過導(dǎo)軌平面，磁感應(yīng)強度為B．導(dǎo)體棒ab的電阻為R，垂直導(dǎo)軌放置，與導(dǎo)軌接觸良好．釋放后，導(dǎo)體棒ab沿導(dǎo)軌向下滑動，某時刻流過R2的電流為I，在此時刻（　?。? 　 A． 重力的功率為6l2R 　 B． 金屬桿ab消耗的熱功率為4l2R 　 C． 導(dǎo)體棒的速度大小為 　 D． 導(dǎo)體棒受到的安培力的大小為2BIL 考點： 導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；電功、電功率；安培力． 專題： 電磁感應(yīng)與電路結(jié)合． 分析： 根據(jù)閉合電路歐姆定律求出感應(yīng)電動勢，再由公式E=BLv，求出導(dǎo)體棒下滑的速度，由P=mgsinθ求解重力的功率，由公式P=I2R求解金屬桿ab消耗的熱功率．由公式F=BIL求解導(dǎo)體棒受到的安培力的大?。? 解答： 解：AB、據(jù)題：R1=R2=2R，流過R2的電流為I，則流過ab棒的電流為2I 金屬桿ab消耗的熱功率為：Pab=（2I）2R=4I2R 電路的總功率為：P總=Pab+2I2R=6l2R，由于導(dǎo)體棒不一定勻速運動，所以重力的功率不一定為6I2R．故A錯誤，B正確． C、金屬桿ab產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為：E=2I（R+R）=4IR 由E=BLv得：導(dǎo)體棒的速度大小為：v=，故C錯誤． D、導(dǎo)體棒受到的安培力的大小為：F=B?2IL=2BIL，故D正確． 故選：BD． 點評： 解決本題的關(guān)鍵要明確電路的結(jié)構(gòu)，正確分析各部分電流的關(guān)系，再根據(jù)電磁感應(yīng)的規(guī)律解答． 　 三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分．第22題～第32題為必考題，每個小題考生都必須做答．第33題～第40題為選考題，考生根據(jù)要求作答．（一）必考題 9．在一帶有凹槽（保證小球沿斜面做直線運動）的斜面底端安裝一光電門，讓一小球從凹槽中某位置由靜止釋放，調(diào)整光電門位置，使球心能通過光電門發(fā)射光束所在的直線，可研究其勻變速直線運動．實驗過程如下： （1）首先用螺旋測微器測量小球的直徑．如圖1所示，則小球直徑d=　0.9350　cm． （2）讓小球從凹槽上某位置由靜止釋放，并通過光電門．用刻度尺測量小球釋放位置到光電門的距離x，光電門自動記錄小球通過光電門的時間△t，可計算小球通過光電門的瞬時速度表達式為v=　?。ㄐ∏蛑睆接胐表示） （3）改變小球的釋放位置重復(fù)（2），可得到多組距離x、速度v．現(xiàn)將多組x、v、v2對應(yīng)記錄在下面的表格中． 次數(shù) 1 2 3 4 5 6 距離x/m 0.10 0.20 0.30 0.40 0.50 0.60 速度v/m?s﹣1 1.00 1.42 1.73 2.01 2.32 2.44 速度的平方v2/（m?s﹣1）2 1.00 2.02 2.99 4.04 5.38 5.95 （4）根據(jù)如表數(shù)據(jù)，在坐標(biāo)紙上適當(dāng)選取標(biāo)度和橫軸、縱軸對應(yīng)的物理量，做出小球運動的線性關(guān)系圖2． （5）根據(jù)所作圖象求得小球運動的加速度a=　5.00　m/s2（保留兩位小數(shù)）． 考點： 探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系． 專題： 實驗題；恒定電流專題． 分析： （1）螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器示數(shù)． （2）已知擋光板的寬度與擋光時間，由速度公式可以求出速度． （4）根據(jù)表格數(shù)據(jù)，依據(jù)運動學(xué)公式v2=2ax，從而選取合適的坐標(biāo)，作出圖象； （5）根據(jù)圖象的斜率含義，即可求解． 解答： 解：（1）螺旋測微器的固定刻度為9.0mm，可動刻度為0.0135.0mm， 所以最終讀數(shù)為9.350mm=0.9350cm； （2）由于遮光條長度比較小，經(jīng)過遮光條的平均速度可認為等于滑塊的瞬時速度，故滑塊經(jīng)過光電門的速度v=； （3）小球做勻變速直線運動，由運動學(xué)公式，則有：v2=2ax；因此選取橫軸為x，而縱軸為v2，根據(jù)表格數(shù)據(jù)，描點作圖，如下圖所示： （4）從圖象可以，斜率k=2a，則a===5.0m/s2． 故答案為：（1）0.9350（0.9349～0.9352）； （2）； （4）如上圖所示； （5）5.00（4.95～5.05）． 點評： 螺旋測微器的讀數(shù)方法，固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀． 掌握遮光條能測量瞬時速度的原理，理解圖象的斜率含義． 　 10．現(xiàn)有兩相同的某型號多用表，一同學(xué)在研究性學(xué)習(xí)過程中想獲得10V量程直流電壓檔的內(nèi)阻和lk歐姆檔的內(nèi)部電源的電動勢，已知lk歐姆檔中央刻度線對應(yīng)的數(shù)據(jù)為15．為完成實驗，進行了如下操作： （1）將甲多用表檔位旋鈕撥到10V電壓檔，將乙多用表檔位旋鈕撥到lk歐姆檔； （2）應(yīng)將甲多用表的紅表筆與乙多用表的　黑?。ㄌ睢凹t”或“黑”）表筆連接，在將另外兩表筆連接； （3）在連接兩多用表表筆之前應(yīng)對乙多用表進行的操作為　兩表筆短接進行歐姆調(diào)零　： （4）兩多用表連接后，兩表讀數(shù)分別為6.0V和30kΩ，可知10V量程直流電壓檔的內(nèi)阻為　30　kΩ，1k歐姆檔的內(nèi)部電源的電動勢為　9　V． 考點： 用多用電表測電阻． 專題： 實驗題；恒定電流專題． 分析： 歐姆表的黑表筆接的是內(nèi)部電源的正極，電流要從電壓表正極流入； 歐姆表示數(shù)是所測電阻阻值，應(yīng)用串聯(lián)電路特點與歐姆定律求出電源電動勢． 解答： 解：（2）甲多用電表選擇電壓檔，應(yīng)將甲多用表的紅表筆與乙多用表的黑表筆連接，在將另兩表筆連接； （3）由于乙的檔位被撥了一次，故應(yīng)該在測量前進行歐姆調(diào)零，方法是兩表筆短接調(diào)零． （4）1k歐姆檔中央刻度線對應(yīng)的數(shù)據(jù)為15，則其中值電阻為15kΩ，歐姆表中值電阻等于其內(nèi)阻，則歐姆表內(nèi)阻為15kΩ； 兩多用表連接后，兩表讀數(shù)分別為6V和30kΩ．可知10V量程直流電壓檔的內(nèi)阻為30kΩ，歐姆表內(nèi)阻為15kΩ、電壓表內(nèi)阻為30kΩ， 電壓表示數(shù)為6V，則歐姆表電壓兩端為3V，1k歐姆檔的內(nèi)部電源的電動勢為E=6+3=9V． 故答案為：（2）黑；（3）兩表筆短接進行歐姆調(diào)零；（4）30；9． 點評： 本題考查了多用電表的使用與讀數(shù)，關(guān)鍵是記?。汉诒砉P接外部插孔的“﹣”，但是接內(nèi)部電源的正極；歐姆表換擋后要進行歐姆調(diào)零． 　 11．固定的傾角為37的光滑斜面，長度為L=1m，斜面頂端放置可視為質(zhì)點的小物體，質(zhì)量為0.8kg，如圖所示．當(dāng)水平恒力較小時，物體可以沿斜面下滑，到達斜面底端時撤去水平恒力，物體在水平地面上滑行的距離為S．忽略物體轉(zhuǎn)彎時的能量損失，研究發(fā)現(xiàn)S與F之間的關(guān)系如圖所示．已知g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，求： （1）物體與地面間的動摩擦因數(shù)μ； （2）當(dāng)F=3N時，物體運動的總時間（結(jié)果可以用根式表示）． 考點： 動能定理． 專題： 動能定理的應(yīng)用專題． 分析： 由動能定理求摩擦因數(shù)；由牛頓第二定律和運動學(xué)公式求在斜面上和水平面上的加速度和時間． 解答： 解： （1）當(dāng)F2=0N時，s=6.0m，由動能定理得：mgLsinθ﹣μmgs=0 ∴μ=0.1 （2）當(dāng)F3=3N時，由牛頓第二定律 mgsinθ﹣F3 cosθ=ma1 由L= a1t12得 物體在斜面上的運動時間t1= s 由v=a1t1 水平面上由牛頓第二定律μmg=ma2 v=a2t2 可得t2= s 物體運動的總時間為t=t1+t2=s 答：（1）物體與地面間的動摩擦因數(shù)0.1； （2）當(dāng)F=3N時，物體運動的總時間s 點評： 牛頓第二定律和動能定理的聯(lián)合應(yīng)用是解題中常用的方法，注意靈活應(yīng)用． 　 12．如圖所示，在邊長為L的正方形區(qū)域ABCD內(nèi)，存在沿AD方向的勻強電場，質(zhì)量均為m，帶電量分別為+q和﹣q的兩粒子，同時由A、C兩點沿AB和CD方向以速率v0進入正方形區(qū)域，兩粒子在區(qū)域的正中心相遇．若將區(qū)域中的電場換為垂直紙面向外的勻強磁場，兩粒子同時由A、B兩點沿平行于AB方向進入?yún)^(qū)域，速度大小仍為v0，兩粒子也在區(qū)域的正中心相遇，不計粒子的重力和粒子間的相互作用力，求： （1）勻強電場的電場強度E； （2）勻強磁場的磁感應(yīng)強度B； （3）若上述電場和磁場同時存在，兩粒子先后由A點沿AC方向進入場區(qū)，速度大小仍為v0，要求粒子能夠沿直線到達C點，正方形區(qū)域內(nèi)需另加一平行于紙面的勻強電場E′，求E′的大小和方向（方向用與AB方向夾角的正切值表示）． 考點： 帶電粒子在勻強電場中的運動． 專題： 帶電粒子在電場中的運動專題． 分析： （1）粒子在電場中做類平拋運動，由類平拋運動規(guī)律求出電場強度． （2）粒子在磁場中做勻速圓周運，由牛頓第二定律求出磁感應(yīng)強度． （3）粒子沿直線AC運動，粒子做勻速直線運動，由平衡條件可以求出電場強度． 解答： 解：（1）由題意知粒子在電場中做類平拋運動，沿初速度方向和電場力方向的位移大小均為，則 =v0t at2 qE=ma 所以E=． （2）由題意知粒子在磁場中做勻速圓周運動，半徑為 r=， 由牛頓第二定律得：qv0B=， 所以B=． （3）粒子應(yīng)做勻速直線運動，受力如圖所示，其中θ=45，設(shè)E′與AB方向夾角為α， qE′sinα=qE+qv0B sinθ qE′cosα=qv0B cosθ ∴tanα=2+1 E′=． 答：（1）勻強電場的電場強度為； （2）勻強磁場的磁感應(yīng)強度B為； （3）E′的大小為，方向與AB方向夾角的正切值為2+1． 點評： 本題考查了粒子在電場與磁場中的運動，知道粒子在電場中做類平拋運動，在磁場中做勻速圓周運動，在電磁場中做勻速直線運動，應(yīng)用類平拋運動規(guī)律、牛頓第二定律與平衡條件即可正確解題． 　 （二）選考題物理--選修3-3 13．關(guān)于晶體和非晶體，下列說法正確的是（　?。? 　 A． 所有晶體沿各個方向的光學(xué)性質(zhì)都相同 　 B． 非晶體沿各個方向的物理性質(zhì)都相同 　 C． 在各種晶體中，原子（或分子、離子）都是按照一定的規(guī)則排列的，具有空間上的周期性 　 D． 物質(zhì)是晶體還是非晶體，是絕對的，不可能相互轉(zhuǎn)化 　 E． 有些非晶體在一定條件下可以轉(zhuǎn)化為晶體 考點： * 晶體和非晶體． 分析： 晶體有固定的熔點，非晶體沒有固定的熔點．同時晶體內(nèi)部排列有規(guī)則，而非晶體則沒有，但形狀不一定有規(guī)則．晶體分為單晶體和多晶體：其中單晶體具有各向異性，多晶體和非晶體一樣具有各向同性． 解答： 解：A：晶體分為單晶體和多晶體：其中單晶體具有各向異性，多晶體是由許多雜亂無章的排列著的小晶體組成的，多晶體和非晶體一樣具有各向同性，故A錯誤； B：非晶體具有各向同性，故B正確； C：無論是單晶體還是多晶體晶體內(nèi)部的分子按一定的規(guī)律排布即具有一定的規(guī)律性，空間上的周期性，故C正確； DE、物質(zhì)是晶體還是非晶體，不是絕對的，在一定條件下可以相互轉(zhuǎn)化，故D錯誤E正確； 故選：BCE． 點評： 單晶體，多晶體，非晶體由于內(nèi)部結(jié)構(gòu)不同，表現(xiàn)出不同的物理特性，記牢即可．本題考查了晶體與非晶體的區(qū)別，是一道基礎(chǔ)題，要牢固掌握基礎(chǔ)知識． 　 14．如圖所示，粗細均勻、導(dǎo)熱性能良好、裝有適量水銀的U型管豎直放置，左端封閉一定質(zhì)量的理想氣體，氣柱長l=32cm，兩管中水銀面等高．現(xiàn)向右管中加入長△l=9cm的水銀柱（與右管內(nèi)原有水銀無空隙接觸）．環(huán)境溫度不變，大氣壓強P0=75cmHg．求穩(wěn)定后左管內(nèi)氣體的壓強． 考點： 理想氣體的狀態(tài)方程． 專題： 理想氣體狀態(tài)方程專題． 分析： 根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程列式求解，舍去不合理的答案． 解答： 解：初態(tài)兩管水銀面等高，封閉氣體的壓強為：P1=P0 加入水銀后，假設(shè)左側(cè)水銀面上升xcm，則右側(cè)水銀面上升（△l﹣x）cm， 此時左側(cè)封閉氣體壓強為：P2=P0+（△l﹣2x） 由玻意耳定律有：P0L=（P0+△L﹣2x）（L﹣x） 解得：x=2cm，x=72cm（舍去） 穩(wěn)定后壓強為：P2=P0+（△l﹣2x）=80cmHg 答：穩(wěn)定后左管內(nèi)氣體的壓強80cmHg． 點評： 利用理想氣體狀態(tài)方程解題，關(guān)鍵是正確選取狀態(tài)，明確狀態(tài)參量，尤其是正確求解被封閉氣體的壓強，這是熱學(xué)中的重點知識，要加強訓(xùn)練，加深理解． 　 物理--選修3-4 1014秋?棗莊校級期末）如圖所示，a、b是水平繩上的兩點，相距42cm，一列正弦波沿繩傳播，方向從a到b，每當(dāng)a點經(jīng)過平衡位置向上運動時，b點正好到達上方最大位移處，則此波的波長可能是（　?。? 　 A． 168cm B． 184cm C． 56cm D． 24cm 考點： 橫波的圖象；波長、頻率和波速的關(guān)系． 專題： 振動圖像與波動圖像專題． 分析： 根據(jù)a、b兩點狀態(tài)狀態(tài)，結(jié)合波形，確定ab間距離與波長的關(guān)系，求出波長的通項，再得到波長的特殊值． 解答： 解：題中給出，每當(dāng)a點經(jīng)過平衡位置向上運動時，b點正好到達上方最大位移處，如圖所示，則ab間距離為λ或1λ或2λ…，得到通式xab=（k+）λ（k=0，1，2…），由此可得到波長的可能值 λ==cm 當(dāng)k=0時，得到λ=56cm，此為波長最大值．故AB錯誤； 當(dāng)k=1時，λ=24cm， 故選：CD． 點評： 本題知道兩個質(zhì)點的狀態(tài)，通過畫出波形，確定出兩點距離與波長的關(guān)系是常用的思路． 　 1015?石嘴山模擬）直角三角形的玻璃磚ABC放置于真空中，∠B=30，CA的延長線上S點有一點光源，發(fā)出的一條光線由D點射入玻璃磚，如圖所示．光線經(jīng)玻璃磚折射后垂直BC邊射出，且此光束經(jīng)過SD用時和在玻璃磚內(nèi)的傳播時間相等．已知光在真空中的傳播速度為c，BD=d，∠ASD=15．求： （Ⅰ）玻璃磚的折射率； （Ⅱ）SD兩點間的距離． 考點： 光的折射定律． 專題： 光的折射專題． 分析： （Ⅰ）由幾何關(guān)系可求出入射角i和折射角r，再由折射定律求解折射率． （Ⅱ）根據(jù)光束經(jīng)過SD用時和在玻璃磚內(nèi)的傳播時間相等，列式可求得SD兩點間的距離． 解答： 解：（Ⅰ）由幾何關(guān)系可知入射角i=45，折射角r=30，則 玻璃磚的折射率為 n= 可得 n= Ⅱ在玻璃磚中光速為 v= 光束經(jīng)過SD和玻璃磚內(nèi)的傳播時間相等有： = 可得 SD=d 答：（Ⅰ）玻璃磚的折射率是； （Ⅱ）SD兩點間的距離為d． 點評： 解答本題的關(guān)鍵是依據(jù)幾何關(guān)系和折射定律、光速公式解題． 　 物理--選修3-5 1014秋?唐山期末）下列關(guān)于近代物理內(nèi)容的說法正確的有（　?。? 　 A． 原子核發(fā)生一次β衰交，原子核減少一個中子和一個質(zhì)子 　 B． 盧瑟福通過α粒子散射實驗提出原子核由質(zhì)子和中子組成 　 C． 一束光照射到某種金屬上，沒有發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，是因為這束光的頻率較低 　 D． 壓力和溫度不會影響到放射性元素的半衰期 　 E． 波爾認為，氫原子由高能量狀態(tài)躍遷到低能量狀態(tài)時，原子能量減少 考點： 物理學(xué)史． 專題： 常規(guī)題型． 分析： 本題根據(jù)盧瑟福的物理學(xué)成就、β衰變、玻爾理論進行解答．原子核的半衰期只由原子核本身因素決定，與溫度、物理變化、化學(xué)變化等外界環(huán)境因素?zé)o關(guān)，組成原子核的中子和質(zhì)子可以相互轉(zhuǎn)化． 解答： 解：A、原子核發(fā)生一次β衰變時，其內(nèi)部的一個中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子和電子，故A錯誤； B、盧瑟福在用a粒子轟擊金箔的實驗中發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子，提出原子核式結(jié)構(gòu)學(xué)說，故B錯誤； C、一束光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效應(yīng)，是因為這束光的頻率太小，故C正確； D、放射性元素的半衰期只與原子核本身因素有關(guān)，與外界環(huán)境因素?zé)o關(guān)，故D正確． E、波爾認為，氫原子由高能量狀態(tài)躍遷到低能量狀態(tài)時，原子能量減少，故E正確； 故選：CDE 點評： 本題考查的知識點較多，難度不大，需要我們在學(xué)習(xí)3﹣5時全面掌握各個知識點． 　 1014秋?唐山期末）質(zhì)量為m1的物體A以某一速度值由斜面底端沖上斜面，恰能到達斜面頂端，如圖所示．將質(zhì)量為m2的物體B放置在斜面上某點，且處于靜止?fàn)顟B(tài)，物體B到斜面頂端的距離為斜面長度的，A物體再次以相同的初速度沖上斜面，A、B發(fā)生彈性碰撞后，物體剛好能夠到達斜面頂端．兩物體可視為質(zhì)點，且二者與斜面間的動摩擦因數(shù)相同．求A、B兩物體的質(zhì)量比m1：m2． 考點： 動量守恒定律． 專題： 動量定理應(yīng)用專題． 分析： 根據(jù)牛頓第二定律求出A上滑的加速度大小，二者的加速度大小相等，抓住二者剛好能滑到斜面頂端，可知m1碰前的速度與m2碰后的速度相等，結(jié)合動量守恒定律和能量守恒定律求出A、B的質(zhì)量之比． 解答： 解：兩物體向上滑行時，根據(jù)牛頓第二定律得： mgsinθ+μmgcosθ=ma 二者加速度相同，二者剛好能滑到斜面頂端，由，可知m1碰前的速度與m2碰后的速度相等，在碰撞過程中，設(shè)碰前m1的速度和碰后m2的速度為v，碰后m1的速度為v1 規(guī)定A的初速度方向為正方向，根據(jù)動量守恒定律得： m1v=m1v1+m2v 根據(jù)能量守恒得： 由以上兩式可得： m1：m2=1：1 答：A、B兩物體的質(zhì)量比為1：1． 點評： 本題考查了動量守恒和能量守恒的綜合運用，抓住兩者能夠剛好滑到斜面頂端，得出m1碰前的速度與m2碰后的速度相等是解決本題的關(guān)鍵．