《新課標(biāo)高三數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第12篇 第1節(jié) 相似三角形的判定及有關(guān)性質(zhì)課時訓(xùn)練 理》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《新課標(biāo)高三數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第12篇 第1節(jié) 相似三角形的判定及有關(guān)性質(zhì)課時訓(xùn)練 理（8頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、 高考數(shù)學(xué)精品復(fù)習(xí)資料 2019.5 選考部分 第十二篇　幾何證明選講(選修41) 第1節(jié) 相似三角形的判定及有關(guān)性質(zhì)課時訓(xùn)練 理 【選題明細表】 知識點、方法 題號 平行線截割定理及應(yīng)用 1、4、7、8、12、13 相似三角形的判定與性質(zhì) 2、6、7、9、10、11 直角三角形中的射影定理 3、5、11 一、選擇題 1.如圖所示,在△ABC中,DE∥BC,DF∥AC,AE=2,AC=3,BC=4,則BF的長為(　B　) (A)13 　　　　　　　(B)43 (C)83 　　　　　　　(

2、D)163 解析:因為DE∥BC, 所以ADAB=AEAC=23,① 因為DF∥AC, 所以ADAB=CFCB,② 由①②得23=CF4, 解得CF=83. 故BF=4-83=43. 2.如圖所示,?ABCD中,AE∶EB=2∶5,若△AEF的面積等于4 cm2,則△CDF的面積等于(　D　) (A)10 cm2 (B)16 cm2 (C)25 cm2 (D)49 cm2 解析:?ABCD中,△AEF∽△CDF, 由AE∶EB=2∶5,得AE∶CD=2∶7, ∴S△AEFS△CDF=（AECD）2=（27）2, ∴S△CDF=（72）2S△AEF=4944=49

3、(cm2). 3.一個直角三角形的一條直角邊為3,斜邊上的高為125,則這個三角形的外接圓半徑是(　B　) (A)5 (B)52 (C)54 (D)25 解析:長為3的直角邊在斜邊上的射影為32-1252=95,故由射影定理知斜邊長為3295=5, 因此這個直角三角形的外接圓半徑為52. 4.(20xx漢中模擬)如圖,在梯形ABCD中,E為AD的中點,EF∥AB, EF=30 cm,AC交EF于G,若FG-EG=10 cm,則AB等于(　B　) (A)30 cm (B)40 cm (C)50 cm (D)60 cm 解析:因為EF=30 cm,即FG+EG=30 cm,

4、 又FG-EG=10 cm,所以FG=20 cm. 因為E為AD的中點,EF∥AB, 所以F為BC的中點, 所以G為AC的中點, 所以AB=2GF=220=40(cm). 二、填空題 5.已知圓O的直徑AB=4,C為圓上一點,過C作CD⊥AB于D,若CD=3,則AC=　　　　. 解析:因AB為圓O的直徑, 所以∠ACB=90, 設(shè)AD=x, 因為CD⊥AB,由射影定理得CD2=ADDB, 即(3)2=x(4-x). 整理得x2-4x+3=0, 解得x=1或x=3. 當(dāng)AD=1時,得AC=2; 當(dāng)x=3時,得AC=23. 答案:2或23 6.(20xx永州模

5、擬)如圖,△ABC中,BC=4,∠BAC=120,AD⊥BC,過B作CA的垂線,交CA的延長線于E,交DA的延長線于F,則AF=　　　　. 解析:設(shè)AE=x, 因為∠BAC=120,所以∠EAB=60. 又AE⊥EB,所以AB=2x,BE=3x, 所以AEBE=x3x=13. 在Rt△AEF與Rt△BEC中, ∠F=90-∠EAF=90-∠DAC=∠C, ∠FEA=∠BEC=90, 所以△AEF∽△BEC, 所以AFBC=AEBE, 所以AF=413=433. 答案:433 7.如圖所示,在梯形ABCD中,AB∥CD,AB=4,CD=2,E,F分別為AD,BC上的點

6、,且EF=3,EF∥AB,則梯形ABFE與梯形EFCD的面積比為　　　. 解析:延長AD、BC交于點H, 由DC∥EF知S△HDCS△HEF=（CDEF）2=49, ∴S△HDCS梯形DCFE=45, 由DC∥AB知S△HDCS△ABH=（DCAB）2=416, ∴S△HDCS梯形ABCD=412, ∴S梯形ABFES梯形EFCD=75. 答案:7∶5 8.如圖,△ABC中,D是AC的中點,E是BC延長線上一點,過A作AH∥BE.連接ED并延長交AB于F,交AH于H.如果AB=4AF,EH=8,則DF=　　　　. 解析:∵AH∥BE, ∴HFHE=AFAB.

7、∵AB=4AF, ∴HFHE=14. ∵HE=8, ∴HF=2. ∵AH∥BE, ∴HDDE=ADDC. ∵D是AC的中點, ∴HDDE=1. ∵HE=HD+DE=8, ∴HD=4, ∴DF=HD-HF=4-2=2. 答案:2 9.如圖所示,A,E是半圓周上的兩個三等分點,直徑BC=4,AD⊥BC,垂足為D,BE與AD相交于點F,則AF的長為　　　　. 解析:如圖所示,設(shè)圓心為O,連接OA,OE,AE,因為A,E是半圓周上的兩個三等分點, 所以AE∥BC,AE=12BC=2, 所以△AFE∽△DFB, 所以AFDF=AEDB. 在△AOD中, ∠AO

8、D=60,AO=2,AD⊥BC, 故OD=AOcos ∠AOD=1, AD=AOsin ∠AOD=3, 所以BD=1. 故AF=AEBDDF=2(AD-AF). 解得AF=233. 答案:233 三、解答題 10.如圖所示,平行四邊形ABCD中,E是CD延長線上的一點,BE與AD交于點F,DE=12CD. (1)求證:△ABF∽△CEB; (2)若△DEF的面積為2,求平行四邊形ABCD的面積. (1)證明:∵四邊形ABCD是平行四邊形, ∴∠A=∠C,AB∥CD. ∴∠ABF=∠CEB. ∴△ABF∽△CEB. (2)解:∵四邊形ABCD是平行四邊形, ∴

9、AD∥BC,AB∥CD. ∴△DEF∽△CEB,△DEF∽△ABF. ∵DE=12CD, ∴S△DEFS△CEB=DEEC2=19, S△DEFS△ABF=DEAB2=14. ∵S△DEF=2, ∴S△CEB=18,S△ABF=8. ∴S四邊形BCDF=S△CEB-S△DEF=16. ∴S平行四邊形ABCD=S四邊形BCDF+S△ABF=16+8=24. 11.(20xx湛江模擬)已知Rt△ABC中,∠BAC=90,AD⊥BC,垂足為D,DF⊥AC,垂足為F,DE⊥AB,垂足為E. 求證:(1)ABAC=ADBC; (2)AD3=BCBECF. 證明:(1)因為△A

10、BD∽△CBA, 所以ABAD=BCAC, 即ABAC=ADBC. (2)∵AD2=BDDC, ∴AD4=BD2DC2=BEBACFCA=BECFADBC, ∴AD3=BCBECF. 12.如圖所示,梯形ABCD中,AD∥BC,EF經(jīng)過梯形對角線的交點O,且EF∥AD. (1)求證:OE=OF; (2)求:OEAD+OEBC的值; (3)求證:1AD+1BC=2EF. (1)證明:∵EF∥AD,AD∥BC, ∴EF∥AD∥BC. ∵EF∥BC, ∴OEBC=AEAB,OFBC=DFDC. ∵EF∥AD∥BC, ∴AEAB=DFDC. ∴OEBC=OFBC,

11、 ∴OE=OF. (2)解:∵OE∥AD, ∴OEAD=BEAB. ∴由(1)知,OEBC=AEAB, ∴OEAD+OEBC=BEAB+AEAB=BE+AEAB=1. (3)證明:由(2)知OEAD+OEBC=1, ∴2OEAD+2OEBC=2. 又EF=2OE, ∴EFAD+EFBC=2, ∴1AD+1BC=2EF. 13.(20xx吉林模擬)如圖,四邊形ABCD是平行四邊形,P是BD上任意一點,過P點的直線分別交AB,DC于E,F,交DA,BC的延長線于G,H. (1)求證:PEPG=PFPH. (2)當(dāng)過P點的直線繞點P旋轉(zhuǎn)到F,H,C重合時,請判斷PE,PC,PG的關(guān)系,并給出證明. (1) 證明:因為AB∥CD,所以PEPF=PBPD, 因為AD∥BC,所以PHPG=PBPD, 所以PEPF=PHPG,所以PEPG=PFPH. (2)解:由題意可得到圖形,關(guān)系式為PC2=PEPG.證明如下: 因為AB∥CD,所以PEPC=PBPD, 因為AD∥BC,所以PCPG=PBPD, 所以PEPC=PCPG,即PC2=PEPG.