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第二節(jié) 等差數(shù)列及其前n項(xiàng)和
[全盤(pán)鞏固]
1．已知等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，a4＝15，S5＝55，則數(shù)列{an}的公差是( )
A. B．4 C．－4 D．－3
解析：選B ∵{an}是等差數(shù)列，a4＝15，S5＝55，
∴a1＋a5＝22，∴2a3＝22，a3＝11，∴公差d＝a4－a3＝4.
2．設(shè)等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，若S3＝9，S6＝36，則a7＋a8＋a9＝( )
A．63 B．45 C．36 D．27
2、
解析：選B 設(shè)等差數(shù)列{an}的公差為d，依題意得解得a1＝1，d＝2，則a7＋a8＋a9＝3a8＝3(a1＋7d)＝45.
3．(2013·遼寧高考)下面是關(guān)于公差d>0的等差數(shù)列{an}的四個(gè)命題：[來(lái)源:]
p1：數(shù)列{an}是遞增數(shù)列；
p2：數(shù)列{nan}是遞增數(shù)列；
p3：數(shù)列是遞增數(shù)列；
p4：數(shù)列{an＋3nd}是遞增數(shù)列．
其中的真命題為( )
A．p1，p2 B．p3，p4 C．p2，p3 D．p1，p4
解析：選D ∵{an}是等差數(shù)列，∴設(shè)an＝a1＋(n－1)d.∵d>0，∴{an}是遞增數(shù)列，故p1是
3、真命題；nan＝dn2＋(a1－d)n的對(duì)稱(chēng)軸方程為n＝－.當(dāng)－>時(shí)，由二次函數(shù)的對(duì)稱(chēng)性知a1>2a2，{nan}不是遞增數(shù)列，p2是假命題；＝d＋，當(dāng)a1－d>0時(shí)，是遞減數(shù)列，p3是假命題；an＋3nd＝4nd＋a1－d,4d>0，{an＋3nd}是遞增數(shù)列，p4是真命題．故p1，p4是真命題．
4．已知{an}為等差數(shù)列，a1＋a3＋a5＝105，a2＋a4＋a6＝99.用Sn表示{an}的前n項(xiàng)和，則使得Sn達(dá)到最大值的n是( )
A．21 B．20 C．19 D．18
解析：選B ∵a1＋a3＋a5＝10
4、5，a2＋a4＋a6＝99，
∴3a3＝105,3a4＝99，即a3＝35，a4＝33.
∴a1＝39，d＝－2，得an＝41－2n.
令an≥0且an＋1≤0，n∈N*，則有n＝20.
5．已知Sn為等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和，若S1＝1，＝4，則的值為( )
A. B. C. D．4
解析：選A 由等差數(shù)列的性質(zhì)可知S2，S4－S2，S6－S4成等差數(shù)列，由＝4，得＝3，則S6－S4＝5S2，所以S4＝4S2，S6＝9S2，＝.
6．?dāng)?shù)列{an}的首項(xiàng)為3，{bn}為等差數(shù)列且bn＝an＋1－an(n∈N*)．
5、若b3＝－2，b10＝12，則a8＝( )
A．0 B．3 C．8 D．11
解析：選B 因?yàn)閧bn}是等差數(shù)列，且b3＝－2，b10＝12，
故公差d＝＝2.于是b1＝－6，且bn＝2n－8(n∈N*)，即an＋1－an＝2n－8.所以a8＝a7＋6＝a6＋4＋6＝a5＋2＋4＋6＝…＝a1＋(－6)＋(－4)＋(－2)＋0＋2＋4＋6＝3.
7．在等差數(shù)列{an}中，首項(xiàng)a1＝0，公差d≠0，若ak＝a1＋a2＋a3＋…＋a7，則k＝________.
解析：a1＋a2＋…＋a7＝7a1＋＝21d，
而ak＝a1＋(k－
6、1)d＝(k－1)d，所以(k－1)d＝21d，d≠0，故k＝22.
答案：22
8．在等差數(shù)列{an}中，an>0，且a1＋a2＋…＋a10＝30，則a5·a6的最大值為_(kāi)_______．
解析：∵a1＋a2＋…＋a10＝30，
即＝30，a1＋a10＝6，∴a5＋a6＝6，
∴a5·a6≤2＝9.
答案：9
9．已知等差數(shù)列{an}中，an≠0，若n>1且an－1＋an＋1－a＝0，S2n－1＝38，則n＝________.
解析：∵2an＝an－1＋an＋1，an－1＋an＋1－a＝0，
∴2an－a＝0，即an(2－an)＝0.
∵a
7、n≠0，∴an＝2.∴S2n－1＝2(2n－1)＝38，解得n＝10.
答案：10
10．設(shè)Sn是數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和且n∈N*，所有項(xiàng)an>0，且Sn＝a＋an－.
(1)證明：{an}是等差數(shù)列；
(2)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式．
解：(1)證明：當(dāng)n＝1時(shí)，a1＝S1＝a＋a1－，
解得a1＝3或a1＝－1(舍去)．
當(dāng)n≥2時(shí)，
an＝Sn－Sn－1＝(a＋2an－3)－(a＋2an－1－3)．
∴4an＝a－a＋2an－2an－1.[來(lái)源:數(shù)理化網(wǎng)]
即(an＋an－1)(an－an－1－2)＝0.
∵an＋an－1>0，∴an－an－1＝2(n≥
8、2)．
∴數(shù)列{an}是以3為首項(xiàng)，2為公差的等差數(shù)列．
(2)由(1)知an＝3＋2(n－1)＝2n＋1.
11．已知公差大于零的等差數(shù)列的前n項(xiàng)和為Sn，且滿足a3·a4＝117，a2＋a5＝22.
(1)求通項(xiàng)公式an；
(2)求Sn的最小值；
(3)若數(shù)列是等差數(shù)列，且bn＝，求非零常數(shù)c.
解：(1)∵數(shù)列為等差數(shù)列，∴a3＋a4＝a2＋a5＝22.[來(lái)源:]
又a3·a4＝117，
∴a3，a4是方程x2－22x＋117＝0的兩實(shí)根，
又公差d＞0，
∴a3＜a4，∴a3＝9，a4＝13，
∴∴
∴通項(xiàng)公式an＝4n－3.
(2)由(
9、1)知a1＝1，d＝4，
∴Sn＝na1＋×d＝2n2－n＝22－，
∴當(dāng)n＝1時(shí)，Sn最小，最小值為S1＝a1＝1.
(3)由(2)知Sn＝2n2－n，∴bn＝＝，
∴b1＝，b2＝，b3＝.
∵數(shù)列是等差數(shù)列，∴2b2＝b1＋b3，
即×2＝＋，∴2c2＋c＝0，
∴c＝－或c＝0(舍去)，故c＝－.
12．已知數(shù)列{an}是等差數(shù)列，bn＝a－a.
(1)證明：數(shù)列{bn}是等差數(shù)列；
(2)若a1＋a3＋a5＋…＋a25＝130，a2＋a4＋a6＋…＋a26＝143－13k(k為常數(shù))，求數(shù)列{bn}的通項(xiàng)公式；
(3)在(2)的條件下，若數(shù)列
10、{bn}的前n項(xiàng)和為Sn，是否存在實(shí)數(shù)k，使Sn當(dāng)且僅當(dāng)n＝12時(shí)取得最大值？若存在，求出k的取值范圍；若不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由．
解：(1)證明：設(shè){an}的公差為d，則bn＋1－bn＝(a－a)－(a－a)＝2a－(an＋1－d)2－(an＋1＋d)2＝－2d2，
∴數(shù)列{bn}是以－2d2為公差的等差數(shù)列．[來(lái)源:]
(2)∵a1＋a3＋a5＋…＋a25＝130，a2＋a4＋a6＋…＋a26＝143－13k，∴13d＝13－13k，∴d＝1－k，[來(lái)源:]
又13a1＋×2d＝130，∴a1＝－2＋12k，
∴an＝a1＋(n－1)d＝(－2＋12k)＋(n－1)(1－k
11、)＝(1－k)n＋13k－3，
∴bn＝a－a＝(an＋an＋1)(an－an＋1)＝－2(1－k)2n＋25k2－30k＋5.
(3)存在滿足題意的實(shí)數(shù)k.
由題意可知，當(dāng)且僅當(dāng)n＝12時(shí)Sn最大，則b12>0，b13<0，
即
∴解得k<－19或k>21.
故k的取值范圍為(－∞，－19)∪(21，＋∞)．
[沖擊名校]
1．已知數(shù)陣中，每行的3個(gè)數(shù)依次成等差數(shù)列，每列的3個(gè)數(shù)也依次成等差數(shù)列，若a22＝8，則這9個(gè)數(shù)的和為( )
A．16 B．32 C．36 D．72
解析：選D 依題意得a11＋a
12、12＋a13＋a21＋a22＋a23＋a31＋a32＋a33＝3a12＋3a22＋3a32＝9a22＝72.
2．(2013·新課標(biāo)全國(guó)卷Ⅱ)等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，已知S10＝0，S15＝25，則nSn的最小值為_(kāi)_______．
解析：由Sn＝na1＋d，得
解得a1＝－3，d＝，
則Sn＝－3n＋·＝(n2－10n)，
所以nSn＝(n3－10n2)，
令f(x)＝(x3－10x2)，
則f′(x)＝x2－x＝x，
當(dāng)x∈時(shí)，f(x)單調(diào)遞減；
當(dāng)x∈時(shí)，f(x)單調(diào)遞增，
又6<<7，f(6)＝－48，f(7)＝－49，
13、所以nSn的最小值為－49.
答案：－49
[高頻滾動(dòng)]
1．已知數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和Sn＝－n2＋3n，若an＋1an＋2＝80，則n的值為( )
A．5 B．4 C．3 D．2
解析：選A 由Sn＝－n2＋3n，可得an＝4－2n，因此an＋1·an＋2＝[4－2(n＋1)][4－2(n＋2)]＝80，即n(n－1)＝20，解得n＝－4(舍去)或n＝5.
2．已知數(shù)列{an}，{bn}滿足a1＝1，且an，an＋1是函數(shù)f(x)＝x2－bnx＋2n的兩個(gè)零點(diǎn)，則b10＝________.
解析：∵an＋an＋1＝bn，an·an＋1＝2n，∴an＋1·an＋2＝2n＋1，∴an＋2＝2an.
又∵a1＝1，a1·a2＝2，∴a2＝2，∴a2n＝2n，a2n－1＝2n－1(n∈N*)，∴b10＝a10＋a11＝64.
答案：64
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高考數(shù)學(xué)復(fù)習(xí)：第五章 ：第二節(jié) 等差數(shù)列及其前n項(xiàng)和演練知能檢測(cè)
