《【創(chuàng)新方案】高考數(shù)學理一輪知能檢測：第4章 第3節(jié)　平面向量的數(shù)量積及平面向量的應用數(shù)學大師 為您收集整理》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《【創(chuàng)新方案】高考數(shù)學理一輪知能檢測：第4章 第3節(jié)　平面向量的數(shù)量積及平面向量的應用數(shù)學大師 為您收集整理（4頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、第三節(jié)　平面向量的數(shù)量積及平面向量的應用 [全盤鞏固] 1．若向量a，b滿足|a|＝|b|＝2，a與b的夾角為60°，則|a＋b|等于(　　) A．2 B．2 C．4 D．12 解析：選B　|a＋b|2＝|a|2＋|b|2＋2|a||b|cos 60°＝4＋4＋2×2×2×＝12，|a＋b|＝2. 2．(2014·金華模擬)平面向量a與b的夾角為60°，且a＝(2,0)，|b|＝1，則|a－b|＝(　　) A. B. C．3 D．4 解析：選C　|

2、a－b|2＝|a|2＋|b|2－2|a|·|b|·cos 60°＝4＋1－2×2×1×＝3. 3．(2013·福建高考)在四邊形ABCD中，＝(1,2)，＝(－4,2)，則該四邊形的面積為(　　) A. B．2 C．5 D．10 解析：選C　依題意得，·＝1×(－4)＋2×2＝0.所以⊥，所以四邊形ABCD的面積為||·||＝××＝5. 4. 如圖，在△ABC中，AD⊥AB，＝ ，||＝1，則·＝(　　

3、) A．2 B. C．－ D. 解析：選D　建系如圖． 設B(xB,0)，D(0,1)，C(xC，yC)，＝(xC－xB，yC)，＝(－xB,1)， ∵＝ ，∴xC－xB＝－xB?xC＝(1－)xB，yC＝，＝((1－)xB，)，＝(0，1)，·＝. 5．已知a，b，c均為單位向量，且|a＋b|＝1，則(a－b)·c的取值范圍是(　　) A．[0,1] B．[－1,1] C．[－，] D．[0，] 解析：選C　由a、b為單位向量和|a＋b|＝1的幾何意

4、義，可知|a－b|＝，設a－b與c的夾角為θ，所以(a－b)·c＝|a－b||c|cos θ∈[－，]． 6．(2014·福州模擬)已知△ABC為等邊三角形，AB＝2.設點P，Q滿足＝λ，＝(1－λ) ，λ∈R，若·＝－，則λ＝(　　) A. B. C. D. 解析：選A　以點A為坐標原點，AB所在直線為x軸建立平面直角坐標系，則B(2,0)，C(1，)，由＝λ，得P(2λ，0)，由＝(1－λ) ，得Q(1－λ，(1－λ))，所以·＝(－λ－1，(1－λ))·(2λ－

5、1，－)＝－(λ＋1)·(2λ－1)－×(1－λ)＝－，解得λ＝. 7．單位圓上三點A，B，C滿足＋＋＝0，則向量，的夾角為________． 解析：∵A，B，C為單位圓上三點， ∴||＝||＝||＝1，又＋＋＝0， ∴＝＋，∴2＝(＋)2＝2＋2＋2·，可得 cos〈，〉＝－，∴向量，的夾角為120°. 答案：120° 8.如圖所示，在平行四邊形ABCD中，AP⊥BD，垂足為P, 且AP＝3，則·＝________. 解析：設∠PAC＝θ，則·＝·2＝2|||·cos θ＝2||2＝

6、2×32＝18. 答案：18 9．(2013·浙江高考)設e1，e2為單位向量，非零向量b＝xe1＋ye2，x，y∈R.若e1，e2的夾角為，則的最大值等于________． 解析：當x＝0時，＝0，當x≠0時，2＝＝＝≤4，所以的最大值是2，當且僅當＝－時取到最大值． 答案：2 10．已知a＝(1,2)，b＝(1,1)，且a與a＋λb的夾角為銳角，求實數(shù)λ的取值范圍． 解：∵a與a＋λb均為非零向量，且夾角為銳角， ∴a·(a＋λb)>0，即(1,2)·(1＋λ，2＋λ)>0.∴(1＋λ)＋2(2＋λ)>0.∴λ>

7、－. 當a與a＋λb共線時，存在實數(shù)m，使a＋λb＝ma， 即(1＋λ，2＋λ)＝m(1,2)，∴解得λ＝0.即當λ＝0時，a與a＋λb共線， 綜上可知，實數(shù)λ的取值范圍為∪(0，＋∞)． 11．在平面直角坐標系xOy中，已知點A(－1，－2)，B(2,3)，C(－2，－1)． (1)求以線段AB，AC為鄰邊的平行四邊形的兩條對角線的長； (2)設實數(shù)t滿足(－t)·＝0，求t的值． 解：(1)由題設知＝(3,5)，＝(－1,1)，則＋＝(2,6)，－＝(4,4)． 所以|＋|＝2，|－|＝4.故所求的兩條對角線長分別為2，4. (2)由題設知＝(－2，－1)，－t

8、＝(3＋2t,5＋t)． 由(－t)·＝0，得(3＋2t,5＋t)·(－2，－1)＝0， 從而5t＝－11，所以t＝－. 12．在△ABC中，角A，B，C所對的邊分別為a，b，c，已知m＝，n＝，且滿足|m＋n|＝. (1)求角A的大?。? (2)若||＋||＝||，試判斷△ABC的形狀． 解：(1)由|m＋n|＝，得m2＋n2＋2m·n＝3， 即1＋1＋2＝3， ∴cos A＝.∵0<A<π，∴A＝. (2)∵||＋||＝||， ∴sin B＋sin C＝sin A， ∴sin B＋sin ＝×，即sin B＋c

9、os B＝， ∴sin ＝.∵0<B<，∴<B＋<， ∴B＋＝或，故B＝或.當B＝時，C＝；當B＝時，C＝. 故△ABC是直角三角形． [沖擊名校] 1．(2013·浙江高考)設△ABC，P0是邊AB上一定點，滿足P0B＝AB，且對于邊AB上任一點P，恒有·≥·，則(　　) A．∠ABC＝90° B．∠BAC＝90° C．AB＝AC D．AC＝BC 解析：選D　設AB＝4，以AB所在直線為x軸，線段AB的中垂線為y軸，則A(－2,0)，B(2,0)，則P0(1,0)，設

10、C(a，b)，P(x,0)，∴＝(2－x,0)，＝(a－x，b)．∴＝(1,0)，＝(a－1，b)．則·≥·?(2－x)·(a－x)≥a－1恒成立， 即x2－(2＋a)x＋a＋1≥0恒成立．∴Δ＝(2＋a)2－4(a＋1)＝a2≤0恒成立．∴a＝0. 即點C在線段AB的中垂線上，∴AC＝BC. 2．對任意兩個非零的平面向量α和β，定義α°β＝.若兩個非零的平面向量a，b滿足a與b的夾角θ∈，且a°b和b°a都在集合中，則a°b＝(　　) A. B. C．1 D. 解析：選D　由題設定義得a°b＝＝＝cos θ，b

11、°a＝＝＝cos θ.又a°b和b°a都在集合中且θ∈，設a°b＝，b°a＝(n1，n2∈N)，那么(a°b)(b°a)＝cos2θ＝，所以0<n1n2<2，所以n1，n2的值均為1，故a°b＝＝. [高頻滾動] 1．已知點A(2,1)，B (0,2)，C(－2,1)，O(0,0)，給出下面的結論： ①直線OC與直線BA平行；②＋＝；③＋＝；④＝－2. 其中正確結論的個數(shù)是(　　) A．1 B．2 C．3 D．4 解析：選C　∵由題意得kOC＝＝－，kBA＝＝－，∴OC∥BA，①正確；∵＋＝，∴②錯誤；∵＋＝(0,2)＝，∴③正確；∵－2＝(－4,0)，＝(－4,0)，∴④正確． 2．在△ABC中，＝a，＝b，M是CB的中點，N是AB的中點，且CN，AM交于點P，則＝____________(用a，b表示)． 解析： 如圖所示，＝＋＝－＋＝－＋×(＋)＝－＋ ＋＝－＋＝－a＋b. 答案：－a＋b