《高考理科數(shù)學(xué) 創(chuàng)新演練：導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用含答案》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高考理科數(shù)學(xué) 創(chuàng)新演練：導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用含答案（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、創(chuàng)新演練一、選擇題1f(x)是定義在(0，)上的非負(fù)可導(dǎo)函數(shù)，且滿足 xf(x)f(x)0，對(duì)任意正數(shù) a，b，若 ab，則必有()Aaf(b)bf(a)Bbf(a)af(b)Caf(a)f(b)Dbf(b)f(a)Axf(x)f(x)，f(x)0，f（x）xxf（x）f（x）x22f（x）x20.則函數(shù)f（x）x在(0，)上是單調(diào)遞減的，由于 0a0 時(shí)，函數(shù) f(x)(x22ax)ex的圖象大致是()B利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性、極值等函數(shù)性質(zhì)由 f(x)0 且 a0 得函數(shù)有兩個(gè)零點(diǎn) 0，2a，排除 A 和 C；又因?yàn)?f(x)(2x2a)ex(x22ax)exx2(22a)x2aex，有

2、(22a)28a0 恒成立，所以 f(x)0 有兩個(gè)不等根，即原函數(shù)有兩個(gè)極值點(diǎn)，排除 D，故選 B.6若函數(shù) f(x)2x33x21（x0） ，eax（x0）在2，2上的最大值為 2，則 a 的取值范圍是()A.12ln 2，B.0，12ln 2C(，0D.，12ln 2D當(dāng) x0 時(shí)，f(x)6x26x，易知函數(shù) f(x)在(，0上的極大值點(diǎn)是x1，且 f(1)2，故只要在(0，2上，eax2 即可，即 axln 2 在(0，2上恒成立，即 aln 2x在(0，2上恒成立，故 a12ln 2.二、填空題7已知函數(shù) f(x)是 R 上的偶函數(shù)，且在(0，)上有 f(x)0，若 f(1)0，那

3、么關(guān)于 x 的不等式 xf(x)0，所以 f(x)在(0，)單調(diào)遞增又函數(shù) f(x)是 R上的偶函數(shù)，所以 f(1)f(1)0.當(dāng) x0 時(shí)，f(x)0，0 x1；當(dāng) x0，x1.答案(，1)(0，1)8直線 ya 與函數(shù) f(x)x33x 的圖象有相異的三個(gè)公共點(diǎn)，則 a 的取值范圍是_解析令 f(x)3x230，得 x1，可得極大值為f(1)2，極小值為 f(1)2，如圖，觀察得2a2時(shí)恰有三個(gè)不同的公共點(diǎn)答案(2，2)9(20 xx廣州模擬)設(shè)函數(shù) f(x)ax33x1(xR)，若對(duì)于任意 x1，1，都有 f(x)0 成立，則實(shí)數(shù) a 的值為_解析(構(gòu)造法)若 x0，則不論 a 取何值，

4、f(x)0 顯然成立；當(dāng) x0， 即 x(0， 1時(shí)， f(x)ax33x10 可化為 a3x21x3.設(shè) g(x)3x21x3，則 g(x)3（12x）x4，所以 g(x)在區(qū)間0，12 上單調(diào)遞增， 在區(qū)間12，1上單調(diào)遞減， 因此g(x)maxg124，從而 a4.當(dāng) x0，即 x1，0)時(shí)，同理 a3x21x3.g(x)在區(qū)間1，0)上單調(diào)遞增，g(x)ming(1)4，從而 a4，綜上可知 a4.答案4三、解答題10已知函數(shù) f(x)x2ln x.(1)求函數(shù) f(x)在1，e上的最大值和最小值；(2)求證：當(dāng) x(1，)時(shí)，函數(shù) f(x)的圖象在 g(x)23x312x2的下方解析

5、(1)f(x)x2ln x，f(x)2x1x.x1 時(shí)，f(x)0，故 f(x)在1，e上是增函數(shù)，f(x)的最小值是 f(1)1，最大值是 f(e)1e2.(2)證明：令 F(x)f(x)g(x)12x223x3ln x，F(xiàn)(x)x2x21xx22x31xx2x3x31x（1x） （2x2x1）x.x1，F(xiàn)(x)0.F(x)在(1，)上是減函數(shù)F(x)F(1)1223160，即 f(x)g(x)當(dāng) x(1，)時(shí)，函數(shù) f(x)的圖象總在 g(x)的圖象的下方11(20 xx泰安模擬)某種產(chǎn)品每件成本為 6 元，每件售價(jià)為 x 元(6x11)，年銷售為 u 萬(wàn)件，若已知5858u 與x2142

6、成正比，且售價(jià)為 10 元時(shí)，年銷量為 28萬(wàn)件(1)求年銷售利潤(rùn) y 關(guān)于售價(jià) x 的函數(shù)關(guān)系式；(2)求售價(jià)為多少時(shí)，年利潤(rùn)最大，并求出最大年利潤(rùn)解析(1)設(shè)5858ukx2142，售價(jià)為 10 元時(shí)，年銷量為 28 萬(wàn)件，585828k102142，解得 k2.u2x214258582x221x18.y(2x221x18)(x6)2x333x2108x108(6x0；當(dāng) x(9，11)時(shí)，y0.函數(shù) y2x333x2108x108 在(6， 9)上是遞增的， 在(9， 11)上是遞減的當(dāng) x9 時(shí)，y 取最大值，且 ymax135，售價(jià)為 9 元時(shí)，年利潤(rùn)最大，最大年利潤(rùn)為 135 萬(wàn)元

7、12(20 xx濟(jì)南模擬)已知函數(shù) f(x)axln x，其中 a 為常數(shù)，設(shè) e 為自然對(duì)數(shù)的底數(shù)(1)當(dāng) a1 時(shí)，求 f(x)的最大值；(2)若 f(x)在區(qū)間(0，e上的最大值為3，求 a 的值；(3)當(dāng) a1 時(shí)，試推斷方程|f(x)|ln xx12是否有實(shí)數(shù)解解析(1)當(dāng) a1 時(shí)，f(x)xln x，f(x)11x1xx.當(dāng) 0 x0；當(dāng) x1 時(shí)，f(x)0.f(x)在(0，1)上是增函數(shù)，在(1，)上是減函數(shù)，f(x)maxf(1)1.(2)f(x)a1x，x(0，e，1x1e，.若 a1e，則 f(x)0，從而 f(x)在(0，e上是增函數(shù)，f(x)maxf(e)ae10，

8、不符合題意若 a0 得 a1x0，即 0 x1a，由 f(x)0 得 a1x0，即1axe.從而 f(x)在0，1a 上是增函數(shù)，在1a，e上是減函數(shù)f(x)maxf1a 1ln1a .令1ln1a 3，則 ln1a 2，1ae2，即 ae21e，ae2為所求(3)由(1)知，當(dāng) a1 時(shí)，f(x)maxf(1)1，|f(x)|1.令 g(x)ln xx12，則 g(x)1ln xx2，令 g(x)0，得 xe，當(dāng) 0 x0，g(x)在(0，e)上單調(diào)遞增；當(dāng) xe 時(shí)，g(x)0，g(x)在(e，)上單調(diào)遞減g(x)maxg(e)1e121.g(x)g(x)，即|f(x)|ln xx12.當(dāng) a1 時(shí)，方程|f(x)|ln xx12沒(méi)有實(shí)數(shù)解