《高考數(shù)學(xué)難點(diǎn)41講難點(diǎn)38分類討論思想》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高考數(shù)學(xué)難點(diǎn)41講難點(diǎn)38分類討論思想（12頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、 難點(diǎn)38 分類討論思想 分類討論思想就是根據(jù)所研究對(duì)象的性質(zhì)差異，分各種不同的情況予以分析解決.分類討論題覆蓋知識(shí)點(diǎn)較多，利于考查學(xué)生的知識(shí)面、分類思想和技巧；同時(shí)方式多樣，具有較高的邏輯性及很強(qiáng)的綜合性，樹立分類討論思想，應(yīng)注重理解和掌握分類的原則、方法與技巧、做到“確定對(duì)象的全體，明確分類的標(biāo)準(zhǔn)，分層別類不重復(fù)、不遺漏的分析討論.” ●難點(diǎn)磁場(chǎng) 1.（★★★★★）若函數(shù)在其定義域內(nèi)有極值點(diǎn)，則a的取值為. 2.（★★★★★）設(shè)函數(shù)f(x)=x2+｜x–a｜+1，x∈R. (1)判斷函數(shù)f(x)的奇偶性； (2)求函數(shù)f(x)的最小值. ●案例探究 ［例1］已知{a

2、n}是首項(xiàng)為2，公比為的等比數(shù)列，Sn為它的前n項(xiàng)和. （1）用Sn表示Sn+1; （2）是否存在自然數(shù)c和k，使得成立. 命題意圖：本題主要考查等比數(shù)列、不等式知識(shí)以及探索和論證存在性問題的能力，屬★★★★★級(jí)題目. 知識(shí)依托：解決本題依據(jù)不等式的分析法轉(zhuǎn)化，放縮、解簡(jiǎn)單的分式不等式；數(shù)列的基本性質(zhì). 錯(cuò)解分析：第2問中不等式的等價(jià)轉(zhuǎn)化為學(xué)生的易錯(cuò)點(diǎn)，不能確定出. 技巧與方法：本題屬于探索性題型，是高考試題的熱點(diǎn)題型.在探討第2問的解法時(shí)，采取優(yōu)化結(jié)論的策略，并靈活運(yùn)用分類討論的思想：即對(duì)雙參數(shù)k,c輪流分類討論，從而獲得答案. 解：（1）由Sn=4(1–），得 ，(n∈N*

3、) （2）要使，只要 因?yàn)? 所以，(k∈N*) 故只要Sk–2＜c＜Sk，（k∈N*） 因?yàn)镾k+1＞Sk，(k∈N*)① 所以Sk–2≥S1–2=1. 又Sk＜4，故要使①成立，c只能取2或3. 當(dāng)c=2時(shí)，因?yàn)镾1=2，所以當(dāng)k=1時(shí)，c＜Sk不成立，從而①不成立. 當(dāng)k≥2時(shí)，因?yàn)?，由Sk＜Sk+1(k∈N*)得 Sk–2＜Sk+1–2 故當(dāng)k≥2時(shí)，Sk–2＞c，從而①不成立. 當(dāng)c=3時(shí)，因?yàn)镾1=2，S2=3， 所以當(dāng)k=1，k=2時(shí)，c＜Sk不成立，從而①不成立 因?yàn)?，又Sk–2＜Sk+1–2 所以當(dāng)k≥3時(shí)，Sk–2＞c，從而①成立. 綜上所述

4、，不存在自然數(shù)c,k,使成立. ［例2］給出定點(diǎn)A（a,0)（a＞0）和直線l：x=–1，B是直線l上的動(dòng)點(diǎn)，∠BOA的角平分線交AB于點(diǎn)C.求點(diǎn)C的軌跡方程，并討論方程表示的曲線類型與a值的關(guān)系. 命題意圖：本題考查動(dòng)點(diǎn)的軌跡，直線與圓錐曲線的基本知識(shí)，分類討論的思想方法.綜合性較強(qiáng)，解法較多，考查推理能力和綜合運(yùn)用解析幾何知識(shí)解題的能力.屬★★★★★級(jí)題目. 知識(shí)依托：求動(dòng)點(diǎn)軌跡的基本方法步驟.橢圓、雙曲線、拋物線標(biāo)準(zhǔn)方程的基本特點(diǎn). 錯(cuò)解分析：本題易錯(cuò)點(diǎn)為考生不能巧妙借助題意條件，構(gòu)建動(dòng)點(diǎn)坐標(biāo)應(yīng)滿足的關(guān)系式和分類討論軌跡方程表示曲線類型. 技巧與方法：精心思考，發(fā)散思維、多途徑

5、、多角度的由題設(shè)條件出發(fā)，探尋動(dòng)點(diǎn)應(yīng)滿足的關(guān)系式.巧妙地利用角平分線的性質(zhì). 解法一：依題意，記B（–1，b)，(b∈R），則直線OA和OB的方程分別為y=0和y=–bx. 設(shè)點(diǎn)C(x,y)，則有0≤x＜a，由OC平分∠AOB，知點(diǎn)C到OA、OB距離相等. 根據(jù)點(diǎn)到直線的距離公式得｜y｜=① 依題設(shè)，點(diǎn)C在直線AB上，故有 由x–a≠0，得② 將②式代入①式，得y2［(1–a)x2–2ax+(1+a)y2］=0 若y≠0，則 (1–a)x2–2ax+(1+a)y2=0(0＜x＜a) 若y=0則b=0,∠AOB=π，點(diǎn)C的坐標(biāo)為（0，0）滿足上式. 綜上，得點(diǎn)C的軌跡方程

6、為 （1–a）x2–2ax+(1+a)y2=0(0＜x＜a (i)當(dāng)a=1時(shí)，軌跡方程化為y2=x(0≤x＜1③ 此時(shí)方程③表示拋物線弧段； (ii)當(dāng)a≠1，軌跡方程化為 ④ 所以當(dāng)0＜a＜1時(shí)，方程④表示橢圓弧段； 當(dāng)a＞1時(shí)，方程④表示雙曲線一支的弧段. 解法二：如圖，設(shè)D是l與x軸的交點(diǎn)，過(guò)點(diǎn)C作CE⊥x軸，E是垂足. （i）當(dāng)｜BD｜≠0時(shí)， 設(shè)點(diǎn)C(x,y)，則0＜x＜a，y≠0 由CE∥BD，得. ∵∠COA=∠COB=∠COD–∠BOD=π–∠COA–∠BOD ∴2∠COA=π–∠BOD ∴ ∵ ∴整理，得 (1–a)x2–2ax+(1

7、+a)y2=0(0＜x＜a) (ii)當(dāng)｜BD｜=0時(shí)，∠BOA=π，則點(diǎn)C的坐標(biāo)為(0,0)，滿足上式. 綜合(i)、(ii)，得點(diǎn)C的軌跡方程為 (1–a)x2–2ax+(1+a)y2=0(0≤x＜a) 以下同解法一. 解法三：設(shè)C(x,y)、B(–1,b)，則BO的方程為y=–bx，直線AB的方程為 ∵當(dāng)b≠0時(shí)，OC平分∠AOB，設(shè)∠AOC=θ, ∴直線OC的斜率為k=tanθ,OC的方程為y=kx于是 又tan2θ=–b ∴–b=① ∵C點(diǎn)在AB上 ∴② 由①、②消去b，得③ 又，代入③，有 整理，得(a–1)x2–(1+a)y2+2ax=0

8、 ④ 當(dāng)b=0時(shí)，即B點(diǎn)在x軸上時(shí)，C(0,0)滿足上式： a≠1時(shí)，④式變?yōu)? 當(dāng)0＜a＜1時(shí)，④表示橢圓弧段； 當(dāng)a＞1時(shí)，④表示雙曲線一支的弧段； 當(dāng)a=1時(shí)，④表示拋物線弧段. ●錦囊妙計(jì) 分類討論思想就是依據(jù)一定的標(biāo)準(zhǔn)，對(duì)問題分類、求解，要特別注意分類必須滿足互斥、無(wú)漏、最簡(jiǎn)的原則.分類討論常見的依據(jù)是： 1.由概念內(nèi)涵分類.如絕對(duì)值、直線的斜率、指數(shù)對(duì)數(shù)函數(shù)、直線與平面的夾角等定義包含了分類. 2.由公式條件分類.如等比數(shù)列的前n項(xiàng)和公式、極限的計(jì)算、圓錐曲線的統(tǒng)一定義中圖形的分類等. 3.由實(shí)際意義分類.如排列、組合、概率中較常見，但不明顯、有些應(yīng)

9、用問題也需分類討論. 在學(xué)習(xí)中也要注意優(yōu)化策略，有時(shí)利用轉(zhuǎn)化策略，如反證法、補(bǔ)集法、變更多元法、數(shù)形結(jié)合法等簡(jiǎn)化甚至避開討論. ●殲滅難點(diǎn)訓(xùn)練 一、選擇題 1.（★★★★）已知其中a∈R，則a的取值范圍是( ) A.a＜0 B.a＜2或a≠–2 C.–2＜a＜2 D.a＜–2或a＞2 2.（★★★★★）四面體的頂點(diǎn)和各棱的中點(diǎn)共10個(gè)點(diǎn)，在其中取4個(gè)不共面的點(diǎn)，不同的取法共有( ) A.150種 B.147種 C.144種 D.141

10、種 二、填空題 3.（★★★★）已知線段AB在平面α外，A、B兩點(diǎn)到平面α的距離分別為1和3，則線段AB的中點(diǎn)到平面α的距離為. 4.（★★★★★）已知集合A={x｜x2–3x+2=0},B={x｜x2–ax+(a–1)=0}，C={x｜x2–mx+2=0}，且A∪B=A，A∩C=C，則a的值為，m的取值范圍為. 三、解答題 5.（★★★★）已知集合A={x｜x2+px+q=0}，B={x｜qx2+px+1=0},A,B同時(shí)滿足： ①A∩B≠,②A∩B={–2}.求p、q的值. 6.（★★★★）已知直角坐標(biāo)平面上點(diǎn)Q（2，0）和圓C：x2+y2=1，動(dòng)點(diǎn)M到圓C的切線長(zhǎng)與｜MQ｜

11、的比等于常數(shù)λ(λ＞0).求動(dòng)點(diǎn)M的軌跡方程，并說(shuō)明它表示什么曲線. 7.(★★★★★)已知函數(shù)y=f(x)的圖象是自原點(diǎn)出發(fā)的一條折線.當(dāng)n≤y≤n+1(n=0,1,2,…)時(shí)，該圖象是斜率為bn的線段（其中正常數(shù)b≠1），設(shè)數(shù)列{xn}由f(xn)=n(n=1,2,…)定義. （1）求x1、x2和xn的表達(dá)式； （2）計(jì)算xn； （3）求f(x)的表達(dá)式，并寫出其定義域. 8.（★★★★★）已知a＞0時(shí)，函數(shù)f(x)=ax–bx2 （1）當(dāng)b＞0時(shí)，若對(duì)任意x∈R都有f(x)≤1，證明a≤2b; （2）當(dāng)b＞1時(shí)，證明：對(duì)任意x∈［0,1］,｜f(x)｜≤1的充要條件是b–1

12、≤a≤2； （3）當(dāng)0＜b≤1時(shí)，討論：對(duì)任意x∈［0,1］,｜f(x)｜≤1的充要條件. 參 考 答 案 ●難點(diǎn)磁場(chǎng) 1.解析：即f(x)=(a–1)x2+ax–=0有解. 當(dāng)a–1=0時(shí)，滿足.當(dāng)a–1≠0時(shí)，只需Δ=a2–(a–1)＞0. 答案：或a=1 2.解：(1)當(dāng)a=0時(shí)，函數(shù)f(–x)=(–x)2+｜–x｜+1=f(x)，此時(shí)f(x)為偶函數(shù). 當(dāng)a≠0時(shí)，f(a)=a2+1,f(–a)=a2+2｜a｜+1.f(–a)≠f(a),f(–a)≠–f(a) 此時(shí)函數(shù)f(x)既不是奇函數(shù)，也不是偶函數(shù). （2）①當(dāng)x≤a時(shí)，函數(shù)f(x)=x2–x+a+1=

13、(x–)2+a+ 若a≤，則函數(shù)f(x)在(–∞,a］上單調(diào)遞減. 從而函數(shù)f(x)在（–∞,a上的最小值為f(a)=a2+1 若a＞，則函數(shù)f(x)在（–∞,a上的最小值為f()=+a，且f()≤f(a). ②當(dāng)x≥a時(shí)，函數(shù)f(x)=x2+x–a+1=(x+)2–a+ 若a≤–，則函數(shù)f(x)在［a,+∞］上的最小值為f(–)=–a，且f(–)≤f(a)； 若a＞–，則函數(shù)f(x)在［a,+∞)單調(diào)遞增. 從而函數(shù)f(x)在［a,+∞］上的最小值為f(a)=a2+1. 綜上，當(dāng)a≤–時(shí)，函數(shù)f(x)的最小值為–a； 當(dāng)–＜a≤時(shí)，函數(shù)f(x)的最小值是a2+1； 當(dāng)a＞

14、時(shí)，函數(shù)f(x)的最小值是a+. ●殲滅難點(diǎn)訓(xùn)練 一、1.解析：分a=2、｜a｜＞2和｜a｜＜2三種情況分別驗(yàn)證. 答案：C 2.解析：任取4個(gè)點(diǎn)共C=210種取法.四點(diǎn)共面的有三類：（1）每個(gè)面上有6個(gè)點(diǎn)，則有4×C=60種取共面的取法；（2）相比較的4個(gè)中點(diǎn)共3種；（3）一條棱上的3點(diǎn)與對(duì)棱的中點(diǎn)共6種. 答案：C 二、3.解析：分線段AB兩端點(diǎn)在平面同側(cè)和異側(cè)兩種情況解決. 答案：1或2 4.解析：A={1,2},B={x｜(x–1)(x–1+a)=0}, 由A∪B=A可得1–a=1或1–a=2； 由A∩C=C，可知C={1}或. 答案：2或33或（–2，2） 三

15、、5.解：設(shè)x0∈A，x0是x02+px0+q=0的根. 若x0=0，則A={–2,0}，從而p=2,q=0,B={–}. 此時(shí)A∩B=與已知矛盾，故x0≠0. 將方程x02+px0+q=0兩邊除以x02，得 . 即滿足B中的方程，故∈B. ∵A∩={–2},則–2∈A,且–2∈. 設(shè)A={–2,x0}，則B={}，且x0≠2（否則A∩B=）. 若x0=–，則–2∈B,與–2B矛盾. 又由A∩B≠,∴x0=，即x0=±1. 即A={–2,1}或A={–2,–1}. 故方程x2+px+q=0有兩個(gè)不相等的實(shí)數(shù)根–2，1或–2，–1 ∴ 6.解：如圖，設(shè)MN切圓C于N，則

16、動(dòng)點(diǎn)M組成的集合是P={M｜｜MN｜=λ｜MQ｜,λ＞0}. ∵ON⊥MN,｜ON｜=1, ∴｜MN｜2=｜MO｜2–｜ON｜2=｜MO｜2–1 設(shè)動(dòng)點(diǎn)M的坐標(biāo)為(x,y)， 則 即（x2–1)(x2+y2)–4λ2x+(4λ2+1)=0. 經(jīng)檢驗(yàn)，坐標(biāo)適合這個(gè)方程的點(diǎn)都屬于集合P，故方程為所求的軌跡方程. （1）當(dāng)λ=1時(shí)，方程為x=，它是垂直于x軸且與x軸相交于點(diǎn)（，0）的直線； （2）當(dāng)λ≠1時(shí)，方程化為： 它是以為圓心，為半徑的圓. 7.解：（1）依題意f(0)=0，又由f(x1)=1，當(dāng)0≤y≤1，函數(shù)y=f(x)的圖象是斜率為b0=1的線段，故由 ∴x1=

17、1 又由f(x2)=2，當(dāng)1≤y≤2時(shí)，函數(shù)y=f(x)的圖象是斜率為b的線段，故由 即x2–x1= ∴x2=1+ 記x0=0，由函數(shù)y=f(x)圖象中第n段線段的斜率為bn–1，故得 又由f(xn)=n,f(xn–1)=n–1 ∴xn–xn–1=()n–1,n=1,2,…… 由此知數(shù)列{xn–xn–1}為等比數(shù)列，其首項(xiàng)為1，公比為. 因b≠1，得(xk–xk–1) =1++…+ 即xn= （2）由（1）知，當(dāng)b＞1時(shí)， 當(dāng)0＜b＜1，n→∞, xn也趨于無(wú)窮大.xn不存在. （3）由（1）知，當(dāng)0≤y≤1時(shí)，y=x，即當(dāng)0≤x≤1時(shí)，f(x)=x; 當(dāng)n

18、≤y≤n+1，即xn≤x≤xn+1由（1）可知 f(x)=n+bn(x–xn)(n=1,2,…),由（2）知 當(dāng)b＞1時(shí)，y=f(x)的定義域?yàn)椋?,); 當(dāng)0＜b＜1時(shí)，y=f(x)的定義域?yàn)椋?,+∞). 8.(1)證明：依設(shè)，對(duì)任意x∈R，都有f(x)≤1 ∵ ∴≤1 ∵a＞0,b＞0 ∴a≤2. （2）證明：必要性： 對(duì)任意x∈［0,1］，｜f(x)｜≤1–1≤f(x），據(jù)此可以推出–1≤f(1) 即a–b≥–1，∴a≥b–1 對(duì)任意x∈［0,1］，｜f(x)｜≤1f(x)≤1. 因?yàn)閎＞1，可以推出f()≤1即a·–1≤1， ∴a≤2,∴b–1≤a≤2

19、充分性： 因?yàn)閎＞1，a≥b–1，對(duì)任意x∈［0,1］. 可以推出ax–bx2≥b(x–x2)–x≥–x≥–1 即ax–bx2≥–1 因?yàn)閎＞1,a≤2,對(duì)任意x∈［0,1］，可以推出ax–bx2≤2x–bx2≤1 即ax–bx2≤1,∴–1≤f(x)≤1 綜上，當(dāng)b＞1時(shí)，對(duì)任意x∈［0,1］，｜f(x)｜≤1的充要條件是b–1≤a≤2. (3)解：∵a＞0，0＜b≤1 ∴x∈［0,1］,f(x)=ax–bx2≥–b≥–1 即f(x)≥–1 f(x)≤1f(1)≤1a–b≤1 即a≤b+1 a≤b+1f(x)≤(b+1)x–bx2≤1 即f(x)≤1 所以當(dāng)a＞0，0＜b≤1時(shí)，對(duì)任意x∈［0,1］，｜f(x)｜≤1的充要條件是a≤b+1. 內(nèi)容總結(jié) （1）難點(diǎn)38 分類討論思想 分類討論思想就是根據(jù)所研究對(duì)象的性質(zhì)差異，分各種不同的情況予以分析解決.分類討論題覆蓋知識(shí)點(diǎn)較多，利于考查學(xué)生的知識(shí)面、分類思想和技巧