《2020版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 課時(shí)規(guī)范練26 平面向量的數(shù)量積與平面向量的應(yīng)用 理 北師大版.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 課時(shí)規(guī)范練26 平面向量的數(shù)量積與平面向量的應(yīng)用 理 北師大版.doc（5頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

課時(shí)規(guī)范練26　平面向量的數(shù)量積與平面向量的應(yīng)用 基礎(chǔ)鞏固組 1.已知向量BA=12,32,BC=32,12,則∠ABC= (　　) A.30 B.45 C.60 D.120 2.(2018河北保定一模,4)已知非零向量a=(x,2x),b=(x,-2),則“x<0或x>4”是“向量a與b的夾角為銳角”的(　　) A.充分不必要條件 B.必要不充分條件 C.充要條件 D.既不充分也不必要條件 3.若向量BA=(1,2),CA=(4,5),且CB(λBA+CA)=0,則實(shí)數(shù)λ的值為(　　) A.3 B.- C.-3 D.- 4.在四邊形ABCD中,AC=(1,2),BD=(-4,2),則該四邊形的面積為(　　) A.5 B.25 C.5 D.10 5.(2018湖南長(zhǎng)郡中學(xué)四模,3)已知向量a=(x-1,2),b=(2,1),則“x>0”是“a與b夾角為銳角”的(　　) A.充分不必要條件 B.充要條件 C.必要不充分條件 D.既不充分也不必要條件 6.(2018北京,文9)設(shè)向量a=(1,0),b=(-1,m).若a⊥(ma-b),則m=　　　　　. 7.(2018河南鄭州三模,14)已知向量a與b的夾角為30,且|a|=1,|2a-b|=1,則|b|=　　　　　. 8.(2018河北衡水中學(xué)考前仿真,13)已知平面向量a=(2m-1,2),b=(-2,3m-2),|a+b|=|a-b|,則5a-3b的模等于　　　　　. 9.(2018衡水中學(xué)16模,13)已知平面向量a,b,|a|=1,|b|=2,且ab=1,若e為平面單位向量,則(a-b)e的最大值為　　　　　. 綜合提升組 10.(2018北京,理6)設(shè)a,b均為單位向量,則“|a-3b|=|3a+b|”是“a⊥b”的(　　) A.充分而不必要條件 B.必要而不充分條件 C.充分必要條件 D.既不充分也不必要條件 11.(2018河北保定一模,10)已知向量a=sin4,cos4,向量b=(1,1),函數(shù)f(x)=ab,則下列說法正確的是 (　　) A.f(x)是奇函數(shù) B.f(x)的一條對(duì)稱軸為直線x=π4 C.f(x)的最小正周期為2π D.f(x)在π4,π2內(nèi)是減少的 12.在△ABC中,∠A=60,AB=3,AC=2,若BD=2DC,AE=λAC-AB(λ∈R),且ADAE=-4,則λ的值為　　　　　. 13.在平面直角坐標(biāo)系中,O為原點(diǎn),A(-1,0),B(0,3),C(3,0),動(dòng)點(diǎn)D滿足|CD|=1,則|OA+OB+OD|的最大值是　　　　　. 創(chuàng)新應(yīng)用組 14.(2018衡水中學(xué)九模,9)若實(shí)數(shù)x,y滿足不等式組x+y+2≥0,x+2y+1<0,y≥0,m=y,1x+1,n=1x+1,2,則mn的取值范圍為(　　) A.-∞,-32 B.[2,+∞) C.-12,2 D.-∞,-12∪[2,+∞) 15.(2018河南鄭州三模,11)已知P為橢圓x24+y23=1上的一個(gè)動(dòng)點(diǎn),過點(diǎn)P作圓(x+1)2+y2=1的兩條切線,切點(diǎn)分別是A,B,則PAPB的取值范圍為(　　) A.32,+∞ B.32,569 C.22-3,569 D.[22-3,+∞) 參考答案 課時(shí)規(guī)范練26　平面向量的數(shù)量積與 平面向量的應(yīng)用 1.A　由題意得cos∠ABC=BABC|BA||BC|=1232+321211=32,所以∠ABC=30,故選A. 2.B　“向量a與b的夾角為銳角”的充要條件為ab>0且向量a與b不共線,即x2-4x>0,x∶x≠2x∶(-2),∴x>4或x<0,且x≠-1,故“x>4或x<0”是“向量a與b的夾角為銳角”的必要不充分條件,選B. 3.C　∵BA=(1,2),CA=(4,5), ∴CB=CA+AB=CA-BA=(3,3), λBA+CA=(λ+4,2λ+5). 又CB(λBA+CA)=0, ∴3(λ+4)+3(2λ+5)=0, 解得λ=-3. 4.C　依題意,得ACBD=1(-4)+22=0,∴AC⊥BD. ∴四邊形ABCD的面積為12|AC||BD|=1212+22(-4)2+22=5. 5.C　若a與b夾角為銳角,則ab>0,且a與b不平行,所以ab=2(x-1)+2=2x>0,得x>0,且x-1≠4,x≠5,所以“x>0”是“x>0,且x≠5”的必要不充分條件,故選C. 6.-1　由題意,得ma-b=(m,0)-(-1,m)=(m+1,-m). ∵a⊥(ma-b),∴a(ma-b)=0,即m+1=0, ∴m=-1. 7.3　∵|2a-b|=1, ∴(2a-b)2=1, ∴4-4|a||b|cos 30+|b|2=1, 即|b|2-23|b|+3=0,∴|b|=3. 8.170　∵|a+b|=|a-b|, ∴a⊥b,-2(2m-1)+2(3m-2)=0,解得m=1. a=(1,2),b=(-2,1),5a-3b=(11,7),|5a-3b|=121+49=170. 9.3　由|a|=1,|b|=2,且ab=1, 得cos=ab|a||b|=12, ∴cos=60. 設(shè)a=(1,0),b=(1,3),e=(cos θ,sin θ), ∴(a-b)e=-3sin θ, ∴(a-b)e的最大值為3,故答案為3. 10.C　由|a-3b|=|3a+b|,得(a-3b)2=(3a+b)2. ∵a,b均為單位向量, ∴1-6ab+9=9+6ab+1.∴ab=0,故a⊥b,反之也成立.故選C. 11.D　f(x)=ab=sin4+cos4=sin2x2+cos2x22-2sin2cos2=1-sin2x=3+cos2x4,所以f(x)是偶函數(shù),x=不是其對(duì)稱軸,最小正周期為π,在π4,π2內(nèi)是減少的,所以選D. 12.311　∵BD=2DC, ∴AD=AB+BD=AB+23BC=AB+23(AC-AB)=23AC+13AB. 又AE=λAC-AB,∠A=60,AB=3,AC=2,ADAE=-4. ∴ABAC=3212=3,23AC+13AB(λAC-AB)=-4, 即2λ3AC2-13AB2+λ3-23ABAC=-4, ∴2λ34-139+λ3-233=-4,即113λ-5=-4,解得λ=311. 13.1+7　設(shè)D(x,y),由|CD|=1,得(x-3)2+y2=1,向量OA+OB+OD=(x-1,y+3), 故|OA+OB+OD|=(x-1)2+(y+3)2的最大值為圓(x-3)2+y2=1上的動(dòng)點(diǎn)到點(diǎn)(1,-3)距離的最大值,其最大值為圓(x-3)2+y2=1的圓心(3,0)到點(diǎn)(1,-3)的距離加上圓的半徑, 即(3-1)2+(0+3)2+1=1+7. 14.A　作出可行域,如圖,∵m=y,1x+1,n=1x+1,2, ∴mn=y+2x+1. 記z=y+2x+1表示可行域上的動(dòng)點(diǎn)與(-1,-2)連線的斜率,由x+y+2=0,x+2y+1=0得點(diǎn)A(-3,1),點(diǎn)B(-1,0),點(diǎn)C(-2,0),由圖不難發(fā)現(xiàn)z=y+2x+1∈-∞,-32. 15.C　橢圓x24+y23=1的a=2,b=3,c=1.圓(x+1)2+y2=1的圓心為(-1,0),半徑為1. 由題意設(shè)PA與PB的夾角為2θ, 則|PA|=|PB|=1tanθ, ∴PAPB=|PA||PB|cos 2θ=1tan2θcos 2θ=1+cos2θ1-cos2θcos 2θ. 設(shè)cos 2θ=t,則y=PAPB=t(1+t)1-t=(1-t)+21-t-3≥22-3. ∵P在橢圓的右頂點(diǎn)時(shí),sin θ=13, ∴cos 2θ=1-219=79, 此時(shí)PAPB的最大值為1+791-7979=569, ∴PAPB的取值范圍是22-3,569.