《新編江蘇高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí)練習(xí)：專題限時集訓(xùn)11 附加題部分 Word版含答案》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《新編江蘇高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí)練習(xí)：專題限時集訓(xùn)11 附加題部分 Word版含答案（10頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、 專題限時集訓(xùn)(十一)　附加題部分 (對應(yīng)學(xué)生用書第107頁) (限時：120分鐘) 1．(本小題滿分10分)(20xx·江蘇省鹽城市高考數(shù)學(xué)二模)在平面直角坐標(biāo)系xOy中，直線l：(t為參數(shù))，與曲線C：(k為參數(shù))交于A，B兩點，求線段AB的長． [解]　法一：直線l的參數(shù)方程化為普通方程得4x－3y＝4， 將曲線C的參數(shù)方程化為普通方程得y2＝4x. 4分 聯(lián)立方程組解得或 所以A(4,4)，B. 所以AB＝. 10分 法二：將曲線C的參數(shù)方程化為普通方程得y2＝4x. 直線l的參數(shù)方程代入拋物線C的方程得2＝4，即4t2－15t－25＝0， 8分

2、所以t1＋t2＝，t1t2＝－. 所以AB＝|t1－t2|＝＝. 10分 2．(本小題滿分10分)(20xx·江蘇省無錫市高考數(shù)學(xué)一模)已知圓O1和圓O2的極坐標(biāo)方程分別為ρ＝2，ρ2－2ρcos＝2. (1)把圓O1和圓O2的極坐標(biāo)方程化為直角坐標(biāo)方程； (2)求經(jīng)過兩圓交點的直線的極坐標(biāo)方程． [解]　(1)ρ＝2?ρ2＝4，所以x2＋y2＝4；因為ρ2－2ρcos＝2，2分 所以ρ2－2ρ＝2，所以x2＋y2－2x－2y－2＝0. 6分 (2)將兩圓的直角坐標(biāo)方程相減，得經(jīng)過兩圓交點的直線方程為x＋y＝1. 8分 化為極坐標(biāo)方程為ρcos θ＋ρsin θ＝1，即

3、ρsin＝.10分 3．(本小題滿分10分)(蘇北四市(淮安、宿遷、連云港、徐州)高三上學(xué)期期中)設(shè)n∈N*，f (n)＝3n＋7n－2. (1)求f (1)，f (2)，f (3)的值； (2)證明：對任意正整數(shù)n，f (n)是8的倍數(shù)． [解]　(1)代入求出f (1)＝8，f (2)＝56，f (3)＝368. 2分 (2)證明：①當(dāng)n＝1時，f (1)＝8是8的倍數(shù)， 命題成立． ②假設(shè)當(dāng)n＝k時命題成立，即f (k)＝3k＋7k－2是8的倍數(shù)， 那么當(dāng)n＝k＋1時，f (k＋1)＝3k＋1＋7k＋1－2＝3(3k＋7k－2)＋4(7k＋1)， 6分 因為7k＋

4、1是偶數(shù)，所以4(7k＋1)是8的倍數(shù)， 又由歸納假設(shè)知3(3k＋7k－2)是8的倍數(shù)， 所以f (k＋1)是8的倍數(shù)， 所以當(dāng)n＝k＋1時，命題也成立． 根據(jù)①②知命題對任意n∈N*成立. 10分 4．(本小題滿分10分)利用二項式定理證明：當(dāng)n∈N*時，32n＋2－8n－9能被64整除． [解]　32n＋2－8n－9＝9n＋1－8n－9＝(8＋1)n＋1－8n－9＝8n＋1＋C·8n＋C·8n－1＋…＋C·82＋C·8＋1－8n－9＝82·(8n－1＋C·8n－2＋C·8n－3＋…＋C)，6分 而8n－1＋C·8n－2＋C·8n－3＋…＋C∈N*，所以32n＋2－8n－9能被

5、64整除.10分 5．(本小題滿分10分)(20xx·江蘇省蘇、錫、常、鎮(zhèn)四市高考數(shù)學(xué)二模)已知a，b，c為正實數(shù)，求證：＋＋≥a＋b＋c. 【導(dǎo)學(xué)號：56394086】 [證明]　∵a，b，c為正實數(shù)， ∴a＋≥2b，b＋≥2c，c＋≥2a， 4分 將上面三個式子相加得： a＋b＋c＋＋＋≥2a＋2b＋2c， ∴＋＋≥a＋b＋c. 10分 6．(本小題滿分10分)(四川省涼山州高中畢業(yè)班第一次診斷性檢測)已知函數(shù)f (x)＝|x＋1|－|x|＋a. (1)若不等式f (x)≥0的解集為空集，求實數(shù)a的取值范圍； (2)若方程f (x)＝x有三個不同的解，求實數(shù)a的取值范

6、圍． [解]　(1)令g(x)＝|x＋1|－|x|，則f (x)≥0的解集為空集?g(x)≥－a的解集為空集?g(x)＜－a恒成立， g(x)＝|x＋1|－|x|＝，作出函數(shù)g(x)的圖象，由圖可知，函數(shù)g(x)的最大值為g(x)max＝1，所以－a＞1，即a＜－1. 5分 綜上，實數(shù)a的取值范圍為(－∞，－1)． (2)在同一坐標(biāo)系內(nèi)作出函數(shù)g(x)＝|x＋1|－|x|圖象和y＝x的圖象如圖所示，由題意可知，把函數(shù)y＝g(x)的圖象向下平移1個單位以內(nèi)(不包括1個單位)與y＝x的圖象始終有3個交點，從而－1＜a＜0. 10分 7．(本小題滿分10分)(20xx·江蘇省淮安市高考

7、數(shù)學(xué)二模)如圖11－9，已知△ABC內(nèi)接于⊙O，連接AO并延長交⊙O于點D，∠ACB＝∠ADC. 求證：AD·BC＝2AC·CD. 圖11－9 [證明]　∵∠ACB＝∠ADC，AD是⊙O的直徑， ∴AD垂直平分BC，設(shè)垂足為E(圖略)， ∵∠ACB＝∠EDC，∠ACD＝∠CED， ∴△ACD∽△CED， 6分 ∴＝，∴AD·BC＝AC·CD， ∴AD·BC＝2AC·CD. 10分 8．(本小題滿分10分)(20xx·江蘇省蘇、錫、常、鎮(zhèn)四市高考數(shù)學(xué)二模)如圖11－10，直線DE切圓O于點D，直線EO交圓O于A，B兩點，DC⊥OB于點C，且DE＝2BE，求證：2OC＝3BC

8、. 圖11－10 [證明]　連接OD，設(shè)圓的半徑為R，BE＝x，則OD＝R，DE＝2BE＝2x， Rt△ODE中，∵DC⊥OB，∴OD2＝OC·OE，∴R2＝OC(R＋x)，① 4分 ∵直線DE切圓O于點D，∴DE2＝BE·AE， ∴4x2＝x(2R＋x)，②，∴x＝， 8分 代入①，解得OC＝， ∴BC＝OB－OC＝，∴2OC＝3BC. 10分 9．(本小題滿分10分)(20xx·江蘇省泰州市高考數(shù)學(xué)一模)已知向量是矩陣A的屬于特征值－1的一個特征向量．在平面直角坐標(biāo)系xOy中，點P(1,1)在矩陣A對應(yīng)的變換作用下變?yōu)镻′(3,3)，求矩陣A. [解]　設(shè)A＝

9、， 因為向量是矩陣A的屬于特征值－1的一個特征向量， 所以＝(－1)＝. 所以 6分 因為點P(1,1)在矩陣A對應(yīng)的變換作用下變?yōu)镻′(3,3)， 所以＝.所以 8分 解得a＝1，b＝2，c＝2，d＝1，所以A＝. 10分 10．(本小題滿分10分)(江蘇省蘇州市高三暑假自主學(xué)習(xí)測試) 已知α＝為矩陣A＝屬于λ的一個特征向量，求實數(shù)a，λ的值及A2. [解]　由條件可知＝λ， ∴解得a＝λ＝2. 6分 因此A＝， 所以A2＝＝. 10分 11．(本小題滿分10分)(20xx·江蘇省淮安市高考數(shù)學(xué)二模)某樂隊參加一戶外音樂節(jié)，準(zhǔn)備從3首原創(chuàng)新曲和5首經(jīng)典歌曲中隨機選擇

10、4首進行演唱． (1)求該樂隊至少演唱1首原創(chuàng)新曲的概率； (2)假定演唱一首原創(chuàng)新曲觀眾與樂隊的互動指數(shù)為a(a為常數(shù))，演唱一首經(jīng)典歌曲觀眾與樂隊的互動指數(shù)為2a，求觀眾與樂隊的互動指數(shù)之和X的概率分布及數(shù)學(xué)期望. 【導(dǎo)學(xué)號：56394087】 [解]　(1)設(shè)“該樂隊至少演唱1首原創(chuàng)新曲”的事件為A，則P(A)＝1－P()＝1－＝. 4分 (2)由題意可得：X＝5a,6a,7a,8a. P(X＝5a)＝＝＝，P(X＝6a)＝＝＝， 6分 P(X＝7a)＝＝＝，P(X＝8a)＝＝＝. X 5a 6a 7a 8a P E(X)＝5a×＋6a×＋7

11、a×＋8a×＝a. 10分 12．(本小題滿分10分)(江蘇省蘇州市高三暑假自主學(xué)習(xí)測試)在公園游園活動中有這樣一個游戲項目：甲箱子里裝有3個白球和2個黑球，乙箱子里裝有1個白球和2個黑球，這些球除顏色外完全相同；每次游戲都從這兩個箱子里各隨機地摸出2個球，若摸出的白球不少于2個，則獲獎．(每次游戲結(jié)束后將球放回原箱) (1)求在一次游戲中摸出3個白球的概率； (2)在兩次游戲中，記獲獎次數(shù)為X，求X的數(shù)學(xué)期望． [解]　(1)記“在一次游戲中摸出i個白球”為事件Ai(i＝0,1,2,3)． 則P(A3)＝＝. 故在一次游戲中摸出3個白球的概率為.4分 (2)獲獎的概率為P(A2

12、∪A3)＝P(A2)＋P(A3)＝＋＝. X的所有可能取值為0,1,2. P(X＝0)＝×＝， P(X＝1)＝C×＝，P(X＝2)＝×＝. 8分 X的分布列為 X 0 1 2 P 故X的數(shù)學(xué)期望E(X)＝0×＋1×＋2×＝. 10分 (或：∵X～B，∴E(X)＝2×＝，同樣給分) 13．(本小題滿分10分)(20xx·江蘇省泰州市高考數(shù)學(xué)一模)如圖11－11，在棱長為2的正方體ABCD－A1B1C1D1中，P為棱C1D1的中點，Q為棱BB1上的點，且BQ＝λBB1(λ≠0)． 圖11－11 (1)若λ＝，求AP與AQ所成角的余弦值； (2)若直線A

13、A1與平面APQ所成的角為45°，求實數(shù)λ的值． [解]　以{，，}為正交基底，建立如圖所示空間直角坐標(biāo)系A(chǔ)－xyz. (1)因為＝(1,2,2)，＝(2,0,1)， 所以cos〈，〉＝ ＝＝. 所以AP與AQ所成角的余弦值為. 4分 (2)由題意可知，＝(0,0,2)，＝(2,0,2λ)． 設(shè)平面APQ的法向量為n＝(x，y，z)， 則即 令z＝－2，則x＝2λ，y＝2－λ. 所以n＝(2λ，2－λ，－2). 7分 又因為直線AA1與平面APQ所成角為45°， 所以|cos〈n，〉|＝＝＝， 可得5λ2－4λ＝0，又因為λ≠0，所以λ＝. 10分 14．(本小

14、題滿分10分)(蘇北四市(淮安、宿遷、連云港、徐州)高三上學(xué)期期中)如圖11－12，在四棱錐P－ABCD中，PA⊥平面ABCD，∠ABC＝∠BAD＝90°，AD＝AP＝4，AB＝BC＝2，M為PC的中點. 圖11－12 (1)求異面直線AP，BM所成角的余弦值； (2)點N在線段AD上，且AN＝λ，若直線MN與平面PBC所成角的正弦值為，求λ的值． [解]　(1)因為PA⊥平面ABCD，且AB，AD?平面ABCD， 所以PA⊥AB，PA⊥AD， 又因為∠BAD＝90°，所以PA，AB，AD兩兩互相垂直． 分別以AB，AD，AP為x，y，z軸建立空間直角坐標(biāo)系(圖略)， 則

15、由AD＝2AB＝2BC＝4，PA＝4可得 A(0,0,0)，B(2,0,0)，C(2,2,0)，D(0,4,0)，P(0,0,4)， 又因為M為PC的中點，所以M(1,1,2)． 所以＝(－1,1,2)，＝(0,0,4)， 所以cos〈，〉＝ ＝＝， 所以異面直線AP，BM所成角的余弦值為. 6分 (2)因為AN＝λ，所以N(0，λ，0)(0≤λ≤4)，則＝(－1，λ－1，－2)，＝(0,2,0)，＝(2,0，－4)， 設(shè)平面PBC的法向量為m＝(x，y，z)， 則即令x＝2，解得y＝0，z＝1， 所以m＝(2,0,1)是平面PBC的一個法向量. 8分 因為直線MN與平

16、面PBC所成角的正弦值為， 所以|cos〈，m〉|＝＝＝，解得λ＝1∈[0,4]， 所以λ的值為1. 10分 15．(本小題滿分10分)(江蘇省蘇州市高三暑假自主學(xué)習(xí)測試)已知拋物線C的方程為y2＝2px(p＞0)，點R(1,2)在拋物線C上． 圖11－13 (1)求拋物線C的方程； (2)過點Q(1,1)作直線交拋物線C于不同于R的兩點A，B.若直線AR，BR分別交直線l：y＝2x＋2于M，N兩點，求線段MN最小時直線AB的方程． [解]　(1)將R(1,2)代入拋物線中，可得p＝2，所以拋物線方程為y2＝4x.2分 (2)設(shè)AB所在直線方程為x＝m(y－1)＋1(m≠0

17、)，A(x1，y1)，B(x2，y2)， 與拋物線聯(lián)立 得： y2－4my＋4(m－1)＝0，所以y1＋y2＝4m，y1y2＝4(m－1)． 設(shè)AR：y＝k1(x－1)＋2， 由得xM＝， 而k1＝＝＝， 可得xM＝－，同理xN＝－. 6分 所以|MN|＝|xM－xN|＝2， 令m－1＝t(t≠0)，則m＝t＋1， 所以|MN|＝|xM－xN|＝2≥， 此時m＝－1，AB所在直線方程為x＋y－2＝0. 10分 16．(本小題滿分10分)(20xx·江蘇省泰州市高考數(shù)學(xué)一模)在平面直角坐標(biāo)系xOy中，已知拋物線x2＝2py(p＞0)上的點M(m,1)到焦點F的距離為2

18、， (1)求拋物線的方程； (2)如圖11－14，點E是拋物線上異于原點的點，拋物線在點E處的切線與x軸相交于點P，直線PF與拋物線相交于A，B兩點，求△EAB面積的最小值． 【導(dǎo)學(xué)號：56394088】 圖11－14 [解]　(1)拋物線x2＝2py(p＞0)的準(zhǔn)線方程為y＝－， 因為M(m,1)，由拋物線定義，知MF＝1＋， 所以1＋＝2，即p＝2， 所以拋物線的方程為x2＝4y. 2分 (2)因為y＝x2，所以y′＝x. 設(shè)點E，t≠0，則拋物線在點E處的切線方程為y－＝t(x－t)． 令y＝0，則x＝，即點P. 因為P，F(xiàn)(0,1)，所以直線PF的方程

19、為y＝－，即2x＋ty－t＝0. 則點E到直線PF的距離為d＝＝. 4分 聯(lián)立方程消元，得t2y2－(2t2＋16)y＋t2＝0. 因為Δ＝(2t2＋16)2－4t4＝64(t2＋4)＞0， 所以y1＝， y2＝， 所以AB＝y(tǒng)1＋1＋y2＋1＝y(tǒng)1＋y2＋2＝＋2＝. 6分 所以△EAB的面積為S＝××＝×. 不妨設(shè)g(x)＝(x＞0)，則g′(x)＝·(2x2－4)． 因為x∈(0，)時，g′(x)＜0，所以g(x)在(0，)上單調(diào)遞減；x∈(，＋∞)上，g′(x)＞0，所以g(x)在(，＋∞)上單調(diào)遞增． 所以當(dāng)x＝時，g(x)min＝＝6. 所以△EAB的面積的最小值為3. 10分