（通用版）2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 第九章 第59課時(shí) 帶電粒子在組合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)（題型研究課）講義（含解析）.doc
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第59課時(shí) 帶電粒子在組合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)(題型研究課) 命題點(diǎn)一 磁場(chǎng)與磁場(chǎng)的組合 [典例] 如圖所示xOy坐標(biāo)系中，在y軸右側(cè)有一平行于y軸的邊界PQ，PQ左側(cè)和右側(cè)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為B與的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向均垂直于xOy平面向里。電荷量為q、質(zhì)量為m的帶正電粒子，以某一速度從坐標(biāo)系原點(diǎn)O處沿x軸正方向射出，經(jīng)過(guò)時(shí)間t＝時(shí)恰好到達(dá)y軸上的A(0，l)點(diǎn)，不計(jì)粒子的重力作用。 (1)求粒子在左、右兩側(cè)磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑大小之比r1∶r2； (2)求邊界PQ與y軸的距離d和粒子從O點(diǎn)射出的速度大小v0； (3)若相同的粒子以更大的速度從原點(diǎn)O處沿x軸正方向射出，為使粒子能經(jīng)過(guò)A點(diǎn)，粒子的速度大小應(yīng)為多大？ [解析] (1)帶電粒子在左、右兩側(cè)磁場(chǎng)中均做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則有qv0B＝，qv0＝ 解得r1∶r2＝1∶2。 (2)粒子射出后經(jīng)過(guò)時(shí)間t＝時(shí)恰好到達(dá)A點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)情況如圖1所示，設(shè)圖中圓弧DE對(duì)應(yīng)的圓心角為θ， 則粒子從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)的時(shí)間為 T2＋T1＝ 其中T1＝，T2＝ 解得θ＝60 △C1C2C3為等邊三角形，根據(jù)幾何關(guān)系得l＝2r1＋(r2－r1)，d＝r1sin θ 解得PQ與y軸的距離d＝l 粒子從O點(diǎn)射出的速度大小v0滿足qv0B＝ 解得v0＝。 (3)速度更大的粒子，必從y軸高點(diǎn)處轉(zhuǎn)向下方時(shí)經(jīng)過(guò)A點(diǎn)，一個(gè)周期的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖2，粒子在一個(gè)周期內(nèi)沿y軸方向的位移為 y＝2r1′＋2(r2′－r1′)sin α－2r1′，其中r2′＝2r1′ 即y＝2r1′sin α，其中cos α＝， 粒子經(jīng)過(guò)A點(diǎn)的條件是ny＝l，n＝1,2,3，… 且qvB＝m 得v＝ ，n＝1,2,3，… 因v>v0，故n只能取1或2，故粒子的速度大小為 v＝或v＝。 [答案] (1)1∶2 (2)l (3)或 關(guān)注兩段圓弧軌跡的銜接點(diǎn) 磁場(chǎng)與磁場(chǎng)的組合問(wèn)題實(shí)質(zhì)就是兩個(gè)有界磁場(chǎng)中的圓周運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，帶電粒子在兩個(gè)磁場(chǎng)中的速度大小相同，但軌跡半徑和運(yùn)動(dòng)周期往往不同。解題時(shí)要充分利用兩段圓弧軌跡的銜接點(diǎn)與兩圓心共線的特點(diǎn)，進(jìn)一步尋找邊角關(guān)系?！ ? [集訓(xùn)沖關(guān)] 1.(2017全國(guó)卷Ⅲ)如圖，空間存在方向垂直于紙面(xOy平面)向里的磁場(chǎng)。在x≥0區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B0；x<0區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為λB0(常數(shù)λ>1)。一質(zhì)量為m、電荷量為q(q>0)的帶電粒子以速度v0從坐標(biāo)原點(diǎn)O沿x軸正向射入磁場(chǎng)，此時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，當(dāng)粒子的速度方向再次沿x軸正向時(shí)，求：(不計(jì)重力) (1)粒子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間； (2)粒子與O點(diǎn)間的距離。 解析：(1)在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，帶電粒子做圓周運(yùn)動(dòng)。設(shè)在x≥0區(qū)域，圓周半徑為R1；在x＜0區(qū)域，圓周半徑為R2。由洛倫茲力公式及牛頓第二定律得 qB0v0＝m① qλB0v0＝m② 粒子速度方向轉(zhuǎn)過(guò)180時(shí)，所需時(shí)間t1為 t1＝③ 粒子再轉(zhuǎn)過(guò)180時(shí)，所需時(shí)間t2為 t2＝④ 聯(lián)立①②③④式得，所求時(shí)間為 t0＝t1＋t2＝。⑤ (2)由幾何關(guān)系及①②式得，所求距離為 d0＝2(R1－R2)＝。⑥ 答案：(1) (2) 2.如圖所示，M、N、P為很長(zhǎng)的平行邊界，M、N與M、P間距分別為l1、l2，其間分別有磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1和B2的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)Ⅰ和Ⅱ方向垂直紙面向里，B1≠B2。有一電荷量為q、質(zhì)量為m的帶正電粒子，以某一初速度垂直邊界N及磁場(chǎng)方向射入MN間的磁場(chǎng)區(qū)域。不計(jì)粒子的重力。求： (1)要使粒子能穿過(guò)磁場(chǎng)Ⅰ進(jìn)入磁場(chǎng)Ⅱ，粒子的初速度v0至少應(yīng)為多少； (2)若粒子進(jìn)入磁場(chǎng)Ⅰ的初速度v1＝，則粒子第一次穿過(guò)磁場(chǎng)Ⅰ所用時(shí)間t1是多少； (3)粒子初速度v為多少時(shí)，才可恰好穿過(guò)兩個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域。 解析：(1)設(shè)粒子的初速度為v0時(shí)恰好能進(jìn)入磁場(chǎng)Ⅱ，則進(jìn)入磁場(chǎng)Ⅱ時(shí)速度恰好沿邊界M，所以運(yùn)動(dòng)半徑r＝l1， 由B1qv0＝m，解得v0＝。 (2)粒子在磁場(chǎng)Ⅰ中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)， 由B1qv1＝m，解得r1＝2l1， 設(shè)粒子在磁場(chǎng)Ⅰ中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)(軌跡如圖甲)對(duì)應(yīng)的圓心角為α，則有sin α＝＝，所以α＝， 所以粒子第一次穿過(guò)磁場(chǎng)Ⅰ所用時(shí)間為 t1＝T＝＝。 (3)設(shè)粒子速度為v時(shí)，粒子在磁場(chǎng)Ⅱ中的軌跡恰好與邊界P相切，軌跡如圖乙所示， 由Bqv＝m可得R1＝，R2＝， 由幾何關(guān)系得sin θ＝＝， 粒子在磁場(chǎng)Ⅱ中運(yùn)動(dòng)有R2－R2sin θ＝l2， 解得v＝。 答案：(1) (2) (3) 命題點(diǎn)二 電場(chǎng)與磁場(chǎng)的組合 考法1 先電場(chǎng)后磁場(chǎng) 1．帶電粒子先在電場(chǎng)中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，然后垂直進(jìn)入磁場(chǎng)做圓周運(yùn)動(dòng)，如圖： 2．帶電粒子先在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，然后垂直進(jìn)入磁場(chǎng)做圓周運(yùn)動(dòng)，如圖： [例1] (2018全國(guó)卷Ⅲ)如圖，從離子源產(chǎn)生的甲、乙兩種離子，由靜止經(jīng)加速電壓U加速后在紙面內(nèi)水平向右運(yùn)動(dòng)，自M點(diǎn)垂直于磁場(chǎng)邊界射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里，磁場(chǎng)左邊界豎直。已知甲種離子射入磁場(chǎng)的速度大小為v1，并在磁場(chǎng)邊界的N點(diǎn)射出；乙種離子在MN的中點(diǎn)射出；MN長(zhǎng)為l。不計(jì)重力影響和離子間的相互作用。求： (1)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大??； (2)甲、乙兩種離子的比荷之比。 [解析] (1)設(shè)甲種離子所帶電荷量為q1、質(zhì)量為m1，在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R1，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，由動(dòng)能定理有 q1U＝m1v12① 由洛倫茲力公式和牛頓第二定律有 q1v1B＝m1② 由幾何關(guān)系知 2R1＝l③ 由①②③式得 B＝。④ (2)設(shè)乙種離子所帶電荷量為q2、質(zhì)量為m2，射入磁場(chǎng)的速度為v2，在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R2。同理有 q2U＝m2v22⑤ q2v2B＝m2⑥ 由題給條件有 2R2＝⑦ 由①②③⑤⑥⑦式得，甲、乙兩種離子的比荷之比為 ∶＝1∶4。⑧ [答案] (1) (2)1∶4 考法2 先磁場(chǎng)后電場(chǎng) [例2] 如圖所示，真空中有一以O(shè)點(diǎn)為圓心的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，半徑為R＝0.5 m，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里。在y>R的區(qū)域存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為E＝1.0105 V/m。在M點(diǎn)有一正粒子以速率v＝1.0106 m/s沿x軸正方向射入磁場(chǎng)，粒子穿出磁場(chǎng)進(jìn)入電場(chǎng)，速度減小至0后又返回磁場(chǎng)，最終又從磁場(chǎng)離開(kāi)。已知粒子的比荷為＝1.0107 C/kg，粒子重力不計(jì)。求： (1)圓形磁場(chǎng)區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小； (2)沿x軸正方向射入磁場(chǎng)的粒子，從進(jìn)入磁場(chǎng)到再次穿出磁場(chǎng)所走過(guò)的路程。 [解析] (1)沿x軸正方向射入磁場(chǎng)的粒子在進(jìn)入電場(chǎng)后，速度減小到0，粒子一定是從如圖所示的P點(diǎn)豎直向上射出磁場(chǎng)，逆著電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)，所以可得粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑r＝R＝0.5 m， 根據(jù)Bqv＝，得B＝， 代入數(shù)據(jù)得B＝0.2 T。 (2)粒子返回磁場(chǎng)后，經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后從N點(diǎn)射出磁場(chǎng)[如(1)中圖所示]，MN的長(zhǎng)度等于直徑，粒子在磁場(chǎng)中的路程為二分之一圓周長(zhǎng)，即s1＝πR， 設(shè)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的路程為s2， 根據(jù)動(dòng)能定理得Eq＝mv2，得s2＝， 則總路程s＝πR＋， 代入數(shù)據(jù)得s＝(0.5π＋1)m。 [答案] (1)0.2 T (2)(0.5π＋1)m 考法3 先后多個(gè)電磁場(chǎng) [例3] 如圖所示，寬度為L(zhǎng)的區(qū)域被平均分為區(qū)域Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ，其中區(qū)域Ⅰ、Ⅲ有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，它們的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向垂直紙面且相反。長(zhǎng)為L(zhǎng)、寬為的矩形abcd緊鄰磁場(chǎng)下方，與磁場(chǎng)邊界對(duì)齊，O為dc邊中點(diǎn)，P為dc中垂線上一點(diǎn)，OP＝3L。矩形內(nèi)有勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E，方向由a指向O。電荷量為q、質(zhì)量為m、重力不計(jì)的帶電粒子由a點(diǎn)靜止釋放，經(jīng)電場(chǎng)加速后進(jìn)入磁場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)軌跡剛好與區(qū)域Ⅲ的右邊界相切。求： (1)該粒子經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)的速度大小v0； (2)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B； (3)若在aO之間距O點(diǎn)x處?kù)o止釋放該粒子，粒子在磁場(chǎng)區(qū)域中共偏轉(zhuǎn)n次到達(dá)P點(diǎn)，x應(yīng)滿足的條件及n的可能取值。 [解析] (1)由題意，根據(jù)幾何關(guān)系可知aO＝L，粒子在電場(chǎng)中從a到O加速，由動(dòng)能定理得：qEL＝mv02① 解得v0＝ 。② (2)粒子在磁場(chǎng)區(qū)域Ⅲ中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖，設(shè)粒子軌跡半徑為R0， 由幾何關(guān)系可得： R0－R0cos 60＝L③ 由洛倫茲力公式和牛頓第二定律得：qv0B＝④ 聯(lián)立②③④式得：B＝ 。⑤ (3)若粒子在磁場(chǎng)中一共經(jīng)過(guò)n次偏轉(zhuǎn)到達(dá)P，設(shè)粒子軌跡半徑為R， 由圖中幾何關(guān)系有：2n＝3L⑥ 依題意有0下載提示(請(qǐng)認(rèn)真閱讀)
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