《高三數(shù)學(xué)北師大版文一輪教師用書：第9章 經(jīng)典微課堂 突破疑難系列2：五大技法減輕解析幾何中的運算量 Word版含解析》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高三數(shù)學(xué)北師大版文一輪教師用書：第9章 經(jīng)典微課堂 突破疑難系列2：五大技法減輕解析幾何中的運算量 Word版含解析（11頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、 (對應(yīng)學(xué)生用書第170頁) [命題解讀]　中學(xué)解析幾何是將幾何圖形置于直角坐標系中，用方程的觀點來研究曲線，體現(xiàn)了用代數(shù)的方法解決幾何問題的優(yōu)越性，但有時運算量過大，或需繁雜的討論，這些都會影響解題的速度，甚至會中止解題的過程，達到“望題興嘆”的地步，特別是高考過程中，在規(guī)定的時間內(nèi)，保質(zhì)保量完成解題的任務(wù)，計算能力是一個重要的方面，為此，從以下幾個方面探索減輕運算量的方法和技巧，合理簡化解題過程，優(yōu)化思維過程． [技法突破1]　巧用平面幾何性質(zhì) [示例1]　已知O為坐標原點，F(xiàn)是橢圓C：＋＝1(a>b>0)的左焦點，A，B分別為C的左、右頂點．P為C上一點，且PF⊥x軸．過

2、點A的直線l與線段PF交于點M，與y軸交于點E.若直線BM經(jīng)過OE的中點，則C的離心率為(　　) A.　　　　　　　　 B. C. D. A　[設(shè)OE的中點為N，如圖，因為MF∥OE，所以有＝，＝.又因為OE＝2ON，所以有＝·，解得a＝3c，e＝＝，故選A.] [技法點津]　此題也可以用解析法解決，但有一定的計算量，巧用三角形的相似比可簡化計算． [技法訓(xùn)練1]　如圖，F(xiàn)1，F(xiàn)2是橢圓C1：＋y2＝1與雙曲線C2的公共焦點，A，B分別是C1，C2在第二、四象限的公共點．若四邊形AF1BF2為矩形，則C2的離心率是(　　) A. B. C. D. D　[由已知，得F1(－，

3、0)，F(xiàn)2(，0)，設(shè)雙曲線C2的實半軸長為a， 由橢圓及雙曲線的定義和已知， 可得 解得a2＝2，故a＝. 所以雙曲線C2的離心率e＝＝.] [技法突破2]　設(shè)而不求，整體代換 設(shè)而不求是解析幾何解題的基本手段，是比較特殊的一種思想方法，其實質(zhì)是整體結(jié)構(gòu)意義上的變式和整體思想的應(yīng)用．設(shè)而不求的靈魂是通過科學(xué)的手段使運算量最大限度地減少，通過設(shè)出相應(yīng)的參數(shù)，利用題設(shè)條件加以巧妙轉(zhuǎn)化，以參數(shù)為過渡，設(shè)而不求． [示例2]　已知橢圓E：＋＝1(a>b>0)的右焦點為F(3,0)，過點F的直線交E于A，B兩點．若AB的中點坐標為(1，－1)，則E的標準方程為(　　) A.＋＝1 B.

4、＋＝1 C.＋＝1 D.＋＝1 D　[設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)， 則x1＋x2＝2，y1＋y2＝－2， ①－②得＋＝0， 所以kAB＝＝－＝. 又kAB＝＝，所以＝. 又9＝c2＝a2－b2，解得b2＝9，a2＝18， 所以橢圓E的方程為＋＝1.] [技法點津]　本題設(shè)出A，B兩點的坐標，卻不求出A，B兩點的坐標，巧妙地表達出直線AB的斜率，通過將直線AB的斜率“算兩次”建立幾何量之間的關(guān)系，從而快速解決問題． [技法訓(xùn)練2]　已知橢圓C：＋＝1(a>b>0)上存在A，B兩點恰好關(guān)于直線l：x－y－1＝0對稱，且直線AB與直線l的交點的橫坐標為2，則橢圓C的

5、離心率為(　　) A. B. C. D. C　[由題意可得直線AB與直線l的交點為P(2,1)，kAB＝－1，設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)，則x1＋x2＝4，y1＋y2＝2. ∵A，B是橢圓＋＝1上的點， ∴＋＝1，① ＋＝1，② ①－②得＋＝0， ∴＝－，∴kAB＝＝－＝－1， ∴a2＝2b2，∴橢圓C的離心率為＝＝.] [技法突破3]　巧用“根與系數(shù)的關(guān)系”，化繁為簡 某些涉及線段長度關(guān)系的問題可以通過解方程、求坐標，用距離公式計算長度的方法來解；但也可以利用一元二次方程，使相關(guān)的點的同名坐標為方程的根，由根與系數(shù)的關(guān)系求出兩根間的關(guān)系或有關(guān)線段長度間的關(guān)

6、系．后者往往計算量小，解題過程簡捷． [示例3]　已知橢圓＋y2＝1的左頂點為A，過A作兩條互相垂直的弦AM，AN交橢圓于M，N兩點． (1)當直線AM的斜率為1時，求點M的坐標； (2)當直線AM的斜率變化時，直線MN是否過x軸上的一定點？若過定點，請給出證明，并求出該定點；若不過定點，請說明理由． [解](1)直線AM的斜率為1時，直線AM的方程為y＝x＋2，代入橢圓方程并化簡得5x2＋16x＋12＝0. 解得x1＝－2，x2＝－，所以M. (2)設(shè)直線AM的斜率為k，直線AM的方程為y＝k(x＋2)， 聯(lián)立方程 化簡得(1＋4k2)x2＋16k2x＋16k2－4＝0.

7、則xA＋xM＝，又xA＝－2，則xM＝－xA－＝2－＝. 同理，可得xN＝. 由(1)知若存在定點，則此點必為P. 證明如下： 因為kMP＝＝＝， 同理可計算得kPN＝. 所以直線MN過x軸上的一定點P. [技法點津]　本例在第(2)問中可應(yīng)用根與系數(shù)的關(guān)系求出xM＝，這體現(xiàn)了整體思想．這是解決解析幾何問題時常用的方法，簡單易懂，通過設(shè)而不求，大大降低了運算量． [技法訓(xùn)練3]　已知橢圓C：＋＝1(a>b>0)的離心率為，且經(jīng)過點P，左、右焦點分別為F1，F(xiàn)2. (1)求橢圓C的方程； (2)過F1的直線l與橢圓C相交于A，B兩點，若△AF2B的內(nèi)切圓半徑為，求以F2為圓心

8、且與直線l相切的圓的方程． [解](1)由＝，得a＝2c，所以a2＝4c2，b2＝3c2， 將點P的坐標代入橢圓方程得c2＝1，故所求橢圓方程為＋＝1. (2)由(1)可知F1(－1,0)，設(shè)直線l的方程為x＝ty－1， 代入橢圓方程，整理得(4＋3t2)y2－6ty－9＝0， 顯然判別式大于0恒成立， 設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)，△AF2B的內(nèi)切圓半徑為r0， 則有y1＋y2＝，y1y2＝，r0＝， 所以S△AF2B＝S△AF1F2＋S△BF1F2 ＝|F1F2|·|y1－y2| ＝|F1F2|· ＝. 而S△AF2B＝|AB|r0＋|BF2|r0＋|AF2

9、|r0 ＝r0(|AB|＋|BF2|＋|AF2|) ＝r0(|AF1|＋|BF1|＋|BF2|＋|AF2|) ＝r0·4a＝×8×＝， 所以＝， 解得t2＝1， 因為所求圓與直線l相切，所以半徑r＝＝， 所以所求圓的方程為(x－1)2＋y2＝2. [技法突破4]　妙借向量，無中生有 平面向量是銜接代數(shù)與幾何的紐帶，溝通“數(shù)”與“形”，融數(shù)、形于一體，是數(shù)形結(jié)合的典范，具有幾何形式與代數(shù)形式的雙重身份，是數(shù)學(xué)知識的一個交匯點和聯(lián)系多項知識的媒介．妙借向量，可以有效提升圓錐曲線的解題方向與運算效率，達到良好效果． [示例4]　如圖，在平面直角坐標系xOy中，F(xiàn)是橢圓＋＝1(a>

10、b>0)的右焦點，直線y＝與橢圓交于B，C兩點，且∠BFC＝90°，則該橢圓的離心率是________． 　[把y＝代入橢圓＋＝1， 可得x＝±a，那么B，C， 而F(c,0)，那么＝， ＝，又∠BFC＝90°， 故有·＝·＝c2－a2＋b2＝c2－a2＋(a2－c2)＝c2－a2＝0， 則有3c2＝2a2，所以該橢圓的離心率為e＝＝.] [技法點津]　本題通過相關(guān)向量坐標的確定，結(jié)合∠BFC＝90°，巧妙借助平面向量的坐標運算來轉(zhuǎn)化圓錐曲線中的相關(guān)問題，從形入手轉(zhuǎn)化為相應(yīng)數(shù)的形式，簡化運算． [技法訓(xùn)練4]　已知橢圓C的標準方程為＋＝1，圓O的方程為x2＋y2＝2，設(shè)P，

11、Q分別是橢圓C和圓O上位于y軸兩側(cè)的動點，若直線PQ與x軸平行，直線AP，BP與y軸的交點記為M，N，試判斷∠MQN是否為定值，若是，請證明你的結(jié)論；若不是，請舉出反例說明． [解]　∠MQN是定值90°，證明如下： 設(shè)P(x0，y0)，直線AP：y＝k(x＋2)(k≠0)， 令x＝0可得M(0,2k)， 將＋＝1與y＝k(x＋2)聯(lián)立， 整理可得(2k2＋1)x2＋8k2x＋8k2－4＝0， 則－2x0＝，可得x0＝，y0＝，故P. 直線BP斜率kBP＝＝－， 則直線BP：y＝－(x－2)， 令x＝0可得N，設(shè)Q(xQ，y0)， 則＝(－xQ,2k－y0)， ＝， 由

12、x＋y＝2，y0＝， 可得·＝x＋y＋2－y0＝0， 所以QM⊥QN，故∠MQN是定值90°. [技法突破5]　巧妙“換元”減少運算量 變量換元的關(guān)鍵是構(gòu)造元和設(shè)元，理論依據(jù)是等量代換，目的是變換研究對象，將問題移至新對象的知識背景中去研究，從而將非標準型問題轉(zhuǎn)化為標準型問題，將復(fù)雜問題簡單化．變量換元法常用于求解復(fù)合函數(shù)的值域、三角函數(shù)的化簡或求值等問題． [示例5]　如圖，已知橢圓C的離心率為，點A，B，F(xiàn)分別為橢圓的右頂點、上頂點和右焦點，且S△ABF＝1－. (1)求橢圓C的方程； (2)已知直線l：y＝kx＋m與圓O：x2＋y2＝1相切，若直線l與橢圓C交于M，N兩

13、點，求△OMN面積的最大值． [解](1)由已知橢圓的焦點在x軸上，設(shè)其方程為＋＝1(a>b>0)，則A(a,0)，B(0，b)，F(xiàn)(c,0)(c＝)． 由已知可得e2＝＝，所以a2＝4b2， 即a＝2b，c＝b ① S△ABF＝×|AF|×|OB|＝(a－c)b＝1－. ② 將①代入②，得(2b－b)b＝1－，解得b＝1，故a＝2，c＝. 所以橢圓C的方程為＋y2＝1. (2)圓O的圓心為坐標原點(0,0)，半徑r＝1，由直線l：y＝kx＋m與圓O：x2＋y2＝1相切，得＝1，故有m2＝1＋k2. ③ 由消去y， 得(1＋4k2)x2＋8kmx＋4(m2－1)＝0，由題可

14、知k≠0， 所以Δ＝16(4k2－m2＋1)＝48k2>0. 設(shè)M(x1，y1)，N(x2，y2)，則x1＋x2＝，x1x2＝. 所以|x1－x2|2＝(x1＋x2)2－4x1x2＝－4×＝. ④ 將③代入④中，得|x1－x2|2＝， 故|x1－x2|＝. 所以|MN|＝|x1－x2|＝×＝. 故△OMN的面積S＝|MN|×1＝××1＝. 令t＝4k2＋1，則t≥1，k2＝，代入上式，得 S＝2＝ ＝＝ ＝＝， 所以當t＝3，即4k2＋1＝3，解得k＝±時，S取得最大值，且最大值為×＝1. [技法點津]　破解此類題的關(guān)鍵：一是利用已知條件，建立關(guān)于參數(shù)的方程，解方

15、程，求出參數(shù)的值；二是通過變量換元法將所給函數(shù)轉(zhuǎn)化為值域容易確定的另一函數(shù)，求得其值域，從而求得原函數(shù)的值域，形如y＝ax＋b±(a，b，c，d均為常數(shù)，且ac≠0)的函數(shù)常用此法求解，但在換元時一定要注意新元的取值范圍，以保證等價轉(zhuǎn)化，這樣目標函數(shù)的值域才不會發(fā)生變化． [技法訓(xùn)練5]　已知中心在原點，焦點在y軸上的橢圓C，其上一點P到兩個焦點F1，F(xiàn)2的距離之和為4，離心率為. (1)求橢圓C的方程； (2)若直線y＝kx＋1與曲線C交于A，B兩點，求△OAB面積的取值范圍． [解](1)設(shè)橢圓的標準方程為＋＝1(a>b>0)． 由離心率e＝＝，2a＝4， 得a＝2，b＝1，c＝. ∴橢圓的標準方程為＋x2＝1. (2)設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)， 由得(k2＋4)x2＋2kx－3＝0. ∴x1＋x2＝－，x1x2＝－， 設(shè)△OAB的面積為S，由x1x2＝－<0知， S＝(|x1|＋|x2|) ＝|x1－x2|＝＝2， 令k2＋3＝t，則t≥3. ∴S＝2. 對于函數(shù)y＝t＋(t≥3)，由y′＝1－＝>0得 y＝t＋在[3，＋∞)上是增函數(shù)，∴t＋≥. ∴0<≤. ∴S∈.