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1、階段綜合檢測階段綜合檢測(一一)(專題一二專題一二) (時間時間90分鐘，滿分分鐘，滿分100分分)一、選擇題一、選擇題(本題共本題共10個小題，每小題個小題，每小題4分，共分，共40分分)1.(2009西城模擬西城模擬)一種巨型娛樂器材可以讓人體驗超重和失一種巨型娛樂器材可以讓人體驗超重和失 重的感覺重的感覺.一個可乘十多個人的環(huán)形座艙套在豎直柱子一個可乘十多個人的環(huán)形座艙套在豎直柱子 上，由升降機輸送到幾十米的高處，然后讓座艙自由下落上，由升降機輸送到幾十米的高處，然后讓座艙自由下落. 下落一定高度后，制動系統(tǒng)啟動，座艙做減速運動，到下落一定高度后，制動系統(tǒng)啟動，座艙做減速運動，到 地面時

2、剛好停下地面時剛好停下.下列判斷正確的是下列判斷正確的是 ()A.座艙在自由下落的過程中人處于超重狀態(tài)座艙在自由下落的過程中人處于超重狀態(tài)B.座艙在自由下落的過程中人處于失重狀態(tài)座艙在自由下落的過程中人處于失重狀態(tài)C.座艙在減速運動的過程中人處于失重狀態(tài)座艙在減速運動的過程中人處于失重狀態(tài)D.座艙在減速運動的過程中人處于超重狀態(tài)座艙在減速運動的過程中人處于超重狀態(tài)解析：解析：加速下降或減速上升為失重狀態(tài)，加速上升或減速下加速下降或減速上升為失重狀態(tài)，加速上升或減速下降為超重狀態(tài)，故降為超重狀態(tài)，故B、D對對.解析：加速下降或減速上升為失解析：加速下降或減速上升為失重狀態(tài)，加速上升或減速下降為超

3、重狀態(tài)，故重狀態(tài)，加速上升或減速下降為超重狀態(tài)，故B、D對對.答案：答案：BD2.(2009湖南師大附中模擬湖南師大附中模擬)如圖如圖1 所示，輕質彈簧上面固定一塊質所示，輕質彈簧上面固定一塊質 量不計的薄板，彈簧豎立在水平量不計的薄板，彈簧豎立在水平 面上，在薄板上放一重物，用手面上，在薄板上放一重物，用手 將重物向下壓縮到一定程度后，將重物向下壓縮到一定程度后， 突然將手撤去，重物將被彈簧彈突然將手撤去，重物將被彈簧彈 射出去，則在彈射過程中射出去，則在彈射過程中(重物與彈簧脫離之前重物與彈簧脫離之前)，重，重 物的運動情況是物的運動情況是 ()A.一直加速運動一直加速運動B.勻加速運動勻

4、加速運動C.先加速運動后減速運動先加速運動后減速運動D.先減速運動后加速運動先減速運動后加速運動解析：解析：分析重物受力，由牛頓第二定律可得：分析重物受力，由牛頓第二定律可得：kxmgma，隨重物上升，彈簧的壓縮量隨重物上升，彈簧的壓縮量x逐漸變小，物體的加速度向上逐漸變小，物體的加速度向上減小，當減小，當kxmg之后之后x再減小，物體的加速度方向向下且逐再減小，物體的加速度方向向下且逐漸增大，直到彈簧原長時重物與板分離，故漸增大，直到彈簧原長時重物與板分離，故A、B、D均錯誤，均錯誤，C正確正確.答案：答案：C3.(2009威海模擬威海模擬)如圖如圖2甲所示，在圓柱體上放一小物塊甲所示，在圓

5、柱體上放一小物塊P， 圓柱體繞水平軸圓柱體繞水平軸O緩慢轉動，從緩慢轉動，從A轉至轉至A的過程，物塊與的過程，物塊與 圓柱體保持相對靜止，則圖乙反映的是該過程中圓柱體保持相對靜止，則圖乙反映的是該過程中 ()A.重力隨時間變化的規(guī)律重力隨時間變化的規(guī)律B.支持力隨時間變化的規(guī)律支持力隨時間變化的規(guī)律C.摩擦力隨時間變化的規(guī)律摩擦力隨時間變化的規(guī)律D.合外力隨時間變化的規(guī)律合外力隨時間變化的規(guī)律解析：解析：物塊所受重力不隨時間變化，物塊所受重力不隨時間變化，A錯誤；物塊緩慢繞水平軸錯誤；物塊緩慢繞水平軸O轉動可轉動可認為物體處于平衡狀態(tài)，合外力始終認為物體處于平衡狀態(tài)，合外力始終為零，也不隨時間

6、變化，為零，也不隨時間變化，D錯誤；如圖錯誤；如圖所示，由平衡條件可得：所示，由平衡條件可得：FNmgcos，F(xiàn)fmgsin，當物塊，當物塊從從A轉到轉到A的過程中，的過程中，先減小后增大，故有先減小后增大，故有FN先增大后減小，先增大后減小，F(xiàn)f先減小后增大，所以先減小后增大，所以B正確，正確，C錯誤錯誤.答案：答案：B4.(2009江門模擬江門模擬)如圖如圖3所示，放在光滑水平面上的木塊以所示，放在光滑水平面上的木塊以 v0向右做勻速直線運動，現(xiàn)有一向左的水平力向右做勻速直線運動，現(xiàn)有一向左的水平力F作用在木作用在木 塊上，且隨時間從零開始做線性變化，在這個過程中，能塊上，且隨時間從零開始

7、做線性變化，在這個過程中，能 正確描述木塊運動情況的圖象是圖正確描述木塊運動情況的圖象是圖4中的中的(向右為正方向向右為正方向) ()解析：解析：由牛頓第二定律得：由牛頓第二定律得：Fma，a與與v0方向相反，物體先方向相反，物體先減速，后反向加速，由減速，后反向加速，由Ft圖象可知，物體減速的加速度增圖象可知，物體減速的加速度增大，大，vt圖象的斜率變大，故只有圖象的斜率變大，故只有B正確正確.答案：答案：B5.(2009濟南模擬濟南模擬)壓敏電阻的阻值會隨所壓敏電阻的阻值會隨所 受壓力的增大而減小受壓力的增大而減小.某位同學利用壓敏某位同學利用壓敏 電阻設計了判斷電梯運動狀態(tài)的裝置，電阻設

8、計了判斷電梯運動狀態(tài)的裝置， 其裝置示意圖如圖其裝置示意圖如圖5所示，將壓敏電阻所示，將壓敏電阻 平放在電梯內，受壓面朝上，在上面放平放在電梯內，受壓面朝上，在上面放 一物體一物體m，電梯靜止時電流表示數(shù)為，電梯靜止時電流表示數(shù)為 I0，電梯在不同的運動過程中，電流表，電梯在不同的運動過程中，電流表 的示數(shù)分別如圖的示數(shù)分別如圖6中甲、乙、丙、丁所中甲、乙、丙、丁所 示，下列判斷中正確的是示，下列判斷中正確的是 ()A.甲圖表示電梯可能做勻速直線運動甲圖表示電梯可能做勻速直線運動B.乙圖表示電梯可能做勻加速上升運動乙圖表示電梯可能做勻加速上升運動C.丙圖表示電梯可能做勻加速上升運動丙圖表示電梯

9、可能做勻加速上升運動D.丁圖表示電梯可能做變減速下降運動丁圖表示電梯可能做變減速下降運動解析：解析：勻速運動時壓力大小不變，仍等于重力，電阻不變，勻速運動時壓力大小不變，仍等于重力，電阻不變，A對；當勻加速上升時，對；當勻加速上升時，m對電阻的壓力增大且為恒力，壓對電阻的壓力增大且為恒力，壓敏電阻阻值減小，且為定值，電流增大也為定值，敏電阻阻值減小，且為定值，電流增大也為定值，C對對B錯；錯；同理可知同理可知D正確正確.答案：答案：ACD6.(2009廣東理基廣東理基)如圖如圖7是甲、乙兩物體做直線運動的是甲、乙兩物體做直線運動的vt 圖象圖象.下列表述正確的是下列表述正確的是 ()A.乙做勻

10、加速直線運動乙做勻加速直線運動B.01 s內甲和乙的位移相等內甲和乙的位移相等C.甲和乙的加速度方向相同甲和乙的加速度方向相同D.甲的加速度比乙的小甲的加速度比乙的小解析：解析：由由vt圖象可以看出，甲做勻減速運動，加速度大小圖象可以看出，甲做勻減速運動，加速度大小為為a甲甲 m/s2 m/s2，方向與正方向反向，而乙做勻，方向與正方向反向，而乙做勻加速運動，加速度大小為加速運動，加速度大小為a乙乙 m/s2 m/s2，方向與正，方向與正方向相同，故方向相同，故A正確，正確，C、D錯誤，由圖象與錯誤，由圖象與t軸所圍軸所圍“面積面積”對應這段時間內的位移可知，對應這段時間內的位移可知，01 s

11、內甲的位移大于乙的位內甲的位移大于乙的位移，移，B錯誤錯誤.答案：答案：A7.(2008上海高考上海高考)某物體以某物體以30 m/s的初速度豎直上拋，不計的初速度豎直上拋，不計 空氣阻力，空氣阻力，g取取10 m/s2.5 s內物體的內物體的 () A.路程為路程為65 m B.位移大小為位移大小為25 m，方向向上，方向向上 C.速度改變量的大小為速度改變量的大小為10 m/s D.平均速度大小為平均速度大小為13 m/s，方向向上，方向向上解析：解析：物體的初速度物體的初速度v030 m/s，g10 m/s2，其上升時間，其上升時間t1 3 s，上升高度，上升高度h1 45 m；下降時間

12、；下降時間t25 st12 s，下降高度，下降高度h2 gt2220 m.末速度末速度vgt220 m/s，向下，向下.故故5 s內的路程內的路程hh1h265 m；位移；位移Hh1h225 m，方，方向向上；速度改變量向向上；速度改變量vvv0(2030)m/s50 m/s，負號表示向下；平均速度，負號表示向下；平均速度 5 m/s.綜上可綜上可知只有知只有A、B正確正確.答案：答案：AB8.(2009寧夏高考寧夏高考)如圖如圖8所示，一足夠長的木板靜止在光滑所示，一足夠長的木板靜止在光滑 水平面上，一物塊靜止在木板上，木板和物塊間有摩擦水平面上，一物塊靜止在木板上，木板和物塊間有摩擦.現(xiàn)現(xiàn)

13、 用水平力向右拉木板，當物塊相對木板滑動了一段距離但用水平力向右拉木板，當物塊相對木板滑動了一段距離但 仍有相對運動時，撤掉拉力，此后木板和物塊相對于水平仍有相對運動時，撤掉拉力，此后木板和物塊相對于水平 面的運動情況為面的運動情況為 ()A.物塊先向左運動，再向右運動物塊先向左運動，再向右運動B.物塊向右運動，速度逐漸增大，直到做勻速運動物塊向右運動，速度逐漸增大，直到做勻速運動C.木板向右運動，速度逐漸變小，直到做勻速運動木板向右運動，速度逐漸變小，直到做勻速運動D.木板和物塊的速度都逐漸變小，直到為零木板和物塊的速度都逐漸變小，直到為零解析：解析：根據(jù)受力分析可知，當撤掉拉力后，木板向右

14、做減根據(jù)受力分析可知，當撤掉拉力后，木板向右做減速運動，物塊向右做加速運動，直到兩者速度相等后，一速運動，物塊向右做加速運動，直到兩者速度相等后，一起做勻速運動起做勻速運動. .答案：答案：BC9.(2008海南高考海南高考)t0時，甲時，甲 乙兩汽車從相距乙兩汽車從相距70 km的兩地的兩地 開始相向行駛，它們的開始相向行駛，它們的vt圖圖 象如圖象如圖9所示所示.忽略汽車掉頭所忽略汽車掉頭所 需時間需時間.下列對汽車運動狀況的下列對汽車運動狀況的 描述正確的是描述正確的是 () A.在第在第1小時末，乙車改變運動方向小時末，乙車改變運動方向 B.在第在第2小時末，甲、乙兩車相距小時末，甲、

15、乙兩車相距10 km C.在前在前4小時內，乙車運動加速度的大小總比甲車的大小時內，乙車運動加速度的大小總比甲車的大 D.在第在第4小時末，甲乙兩車相遇小時末，甲乙兩車相遇解析：解析：由題圖知，由題圖知，1小時末乙車沿負向行駛由勻加速直線運小時末乙車沿負向行駛由勻加速直線運動變?yōu)閯驕p速直線運動，行駛方向并未改變，動變?yōu)閯驕p速直線運動，行駛方向并未改變，A錯錯.在前在前2小時小時內甲的位移內甲的位移x1 230 km30 km，沿正向；乙車的位移，沿正向；乙車的位移x2 230 km30 km，沿負向；故此時兩車相距，沿負向；故此時兩車相距x(703030)km10 km，B對對.由圖象的斜率大

16、小可知由圖象的斜率大小可知C對對.在在前前4小時內甲車的位移小時內甲車的位移x甲甲 460 km120 km，沿正向；，沿正向；乙車的位移乙車的位移x乙乙( 260 230 )km30 km，沿正，沿正向；向；x甲甲x乙乙90 km70 km，兩車此時不相遇，兩車此時不相遇，D錯錯.答案：答案：BC10.如圖如圖10所示，質量為所示，質量為M的小車放在光滑水平面上，小的小車放在光滑水平面上，小 車上用細線懸掛另一質量為車上用細線懸掛另一質量為m的小球，且的小球，且Mm.用一力用一力 F水平向右拉小球，使小球和車一起以加速度水平向右拉小球，使小球和車一起以加速度a向右運向右運 動，細線與豎直方向

17、成動，細線與豎直方向成角，細線的拉力為角，細線的拉力為F1.若用一若用一 力力F水平向左拉小車，使小球和車一起以加速度水平向左拉小車，使小球和車一起以加速度a向向 左運動時，細線與豎直方向也成左運動時，細線與豎直方向也成角，細線的拉力為角，細線的拉力為 F1，則，則 ()A.aa，F(xiàn)1F1B.aa，F(xiàn)1F1C.aa，F(xiàn)1F1解析：解析：對小球，兩種情況下，在豎直方向上合外力均為零，對小球，兩種情況下，在豎直方向上合外力均為零，即即F1cosmg，F(xiàn)1cosmg，所以，所以F1F1.甲圖中對小車，甲圖中對小車，F(xiàn)1sinMa.乙圖中對小球：乙圖中對小球：F1sinma.因因F1F1，Mm，所以所

18、以aa.綜上分析，選項綜上分析，選項B正確正確.答案：答案：B二、實驗題二、實驗題(本題共本題共2小題，共小題，共12分分)11.(4分分)在在“驗證力的平行四邊形定則驗證力的平行四邊形定則”的實驗中，某同學的實驗中，某同學的的 實驗情況如圖實驗情況如圖11甲所示，其中甲所示，其中A為固定橡皮筋的圖釘，為固定橡皮筋的圖釘，O 為橡皮筋與細線的結點，為橡皮筋與細線的結點，OB和和OC為細繩為細繩.圖乙所示是在圖乙所示是在 白紙上根據(jù)實驗結果畫出的示意圖白紙上根據(jù)實驗結果畫出的示意圖.下列說法正確的是下列說法正確的是 .A.圖乙中的圖乙中的F是是F1和和F2合力的理論值；合力的理論值；F是力是力F

19、1和和F2合力合力 的實際測量值的實際測量值B.圖乙中的圖乙中的F是是F1和和F2合力的理論值；合力的理論值；F是力是力F1和和F2合力合力 的實際測量值的實際測量值C.在實驗中，如果將細繩也換成橡皮筋，那么對實驗結果在實驗中，如果將細繩也換成橡皮筋，那么對實驗結果 沒有影響沒有影響D.在實驗中，如果將細繩也換成橡皮筋，那么對實驗結果在實驗中，如果將細繩也換成橡皮筋，那么對實驗結果 有影響有影響解析：解析：用平行四邊形合成的力即為合力的理論值，它與實用平行四邊形合成的力即為合力的理論值，它與實際測量值不一定重合，即存在一夾角，而且際測量值不一定重合，即存在一夾角，而且F的方向應沿的方向應沿橡皮

20、筋的方向橡皮筋的方向.若將細繩換成橡皮筋，則對實驗結果無影響若將細繩換成橡皮筋，則對實驗結果無影響.故故A、C選項正確選項正確.答案：答案：AC12.(8分分)幾個同學合作使用如圖幾個同學合作使用如圖12甲所示裝置探究甲所示裝置探究“彈力和彈力和 彈簧伸長量的關系彈簧伸長量的關系”，彈簧的上端與標尺的零刻線對齊，彈簧的上端與標尺的零刻線對齊， 他先讀出不掛鉤碼時彈簧下端指針所指的標尺刻度，然他先讀出不掛鉤碼時彈簧下端指針所指的標尺刻度，然 后在彈簧下端掛上鉤碼，并逐個增加鉤碼，依次讀出指后在彈簧下端掛上鉤碼，并逐個增加鉤碼，依次讀出指 針所指的標尺刻度，所得數(shù)據(jù)列表如下：針所指的標尺刻度，所得

21、數(shù)據(jù)列表如下：(彈簧始終未超彈簧始終未超 過彈性限度，重力加速度過彈性限度，重力加速度g9.8 m/s2)鉤碼質量鉤碼質量m/g0306090120150標尺刻度標尺刻度x/102 m6.007.158.349.4810.6411.79(1)根據(jù)所測數(shù)據(jù)，在圖根據(jù)所測數(shù)據(jù)，在圖12乙所示的坐標紙上作出彈簧指針乙所示的坐標紙上作出彈簧指針所指的標尺刻度所指的標尺刻度x x與鉤碼質量與鉤碼質量m m的關系曲線的關系曲線. .(2)作出的圖線與縱軸交點的縱坐標值的物理意義是作出的圖線與縱軸交點的縱坐標值的物理意義是；這種規(guī)格彈簧的勁度系數(shù)；這種規(guī)格彈簧的勁度系數(shù)k kN/mN/m(保留三位有保留三位

22、有效數(shù)字效數(shù)字). .解析：解析：(1)彈簧的長度彈簧的長度x與鉤碼質量與鉤碼質量m的關系曲的關系曲線如圖所示線如圖所示.(2)由由mgk(xl0)得：得：x ml0，可見圖線，可見圖線與縱軸交點的縱坐標值表示彈簧的自然長度與縱軸交點的縱坐標值表示彈簧的自然長度l0為為6 cm，由，由 得：得：k25.4 N/m.答案：答案：(1)見解析圖見解析圖(2)彈簧的自然長彈簧的自然長度為度為6 cm25.4三、計算題三、計算題(本題共本題共4小題，共小題，共48分分)13.(10分分)(2009東北三校模擬東北三校模擬)一質量一質量m2.0 kg的小物塊的小物塊 以一定的初速度沖上一傾角為以一定的初

23、速度沖上一傾角為37足夠長的斜面，某同足夠長的斜面，某同 學利用傳感器測出了小物塊沖上斜面過程中多個時刻的學利用傳感器測出了小物塊沖上斜面過程中多個時刻的 瞬時速度，并用計算機作出了小物塊上滑過程的速度瞬時速度，并用計算機作出了小物塊上滑過程的速度 時間圖線，如圖時間圖線，如圖13所示所示.(取取sin370.6，cos37 0.8，g10 m/s2)求：求：(1)小物塊沖上斜面過程中加速度的大?。恍∥飰K沖上斜面過程中加速度的大??；(2)小物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)；小物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)；(3)小物塊向上運動的最大距離小物塊向上運動的最大距離.解析：解析：(1)由小物塊上滑過程的速度由小物

24、塊上滑過程的速度時間圖線可知小物塊時間圖線可知小物塊沖上斜面過程中加速度：沖上斜面過程中加速度：a 8.0 m/s2.負號表示負號表示a的方向與的方向與v0相反相反.(2)如圖所示，小物塊受重力、支持力、摩擦力，沿斜面建如圖所示，小物塊受重力、支持力、摩擦力，沿斜面建立直角坐標系，立直角坐標系，mgsin37FfmaFNmgcos370FfFN代入數(shù)據(jù)解得代入數(shù)據(jù)解得0.25.(3)設物塊沖上斜面所能達到的最高點距斜面底端距離為設物塊沖上斜面所能達到的最高點距斜面底端距離為x，由運動學中位移與速度關系得：由運動學中位移與速度關系得：vt2v022ax，x m4.0 m.答案：答案：(1)8.0

25、 m/s2(2)0.25(3)4.0 m14.(12分分)(2008海南高考海南高考)科研人員乘氣球進行科學考察科研人員乘氣球進行科學考察.氣氣 球、座艙、壓艙物和科研人員的總質量為球、座艙、壓艙物和科研人員的總質量為990 kg.氣球在氣球在 空中停留一段時間后，發(fā)現(xiàn)氣球漏氣而下降，及時堵住空中停留一段時間后，發(fā)現(xiàn)氣球漏氣而下降，及時堵住. 堵住時氣球下降速度為堵住時氣球下降速度為1 m/s，且做勻加速運動，且做勻加速運動，4 s內內 下降了下降了12 m.為使氣球安全著陸，向艙外緩慢拋出一定的為使氣球安全著陸，向艙外緩慢拋出一定的 壓艙物壓艙物.此后發(fā)現(xiàn)氣球做勻減速運動，下降速度在此后發(fā)現(xiàn)

26、氣球做勻減速運動，下降速度在5分鐘分鐘 內減少了內減少了3 m/s.若空氣阻力和泄漏氣體的質量均可忽略，若空氣阻力和泄漏氣體的質量均可忽略， 重力加速度重力加速度g9.89 m/s2，求拋掉的壓艙物的質量，求拋掉的壓艙物的質量.解析：解析：設堵住漏洞后，氣球的初速度為設堵住漏洞后，氣球的初速度為v0，所受的空氣浮力，所受的空氣浮力為為F，氣球、座艙、壓艙物和科研人員的總質量為，氣球、座艙、壓艙物和科研人員的總質量為m.由牛頓由牛頓第二定律得：第二定律得：mgFma式中式中a是氣球下降的加速度是氣球下降的加速度.以此加速度在時間以此加速度在時間t內下降了內下降了h，則則hv0t at2向艙外拋掉

27、質量為向艙外拋掉質量為m的壓艙物后減速下降，有：的壓艙物后減速下降，有：F(mm)g(mm)a式中式中a是拋掉壓艙物是拋掉壓艙物m后氣球的加速度，由題意知此時后氣球的加速度，由題意知此時a方向方向向上，向上，vat式中式中v是拋掉壓艙物后氣球在是拋掉壓艙物后氣球在t時間內下降速度的減少量時間內下降速度的減少量.由以上各式得由以上各式得mm m 101 kg答案：答案：101 kgkg15.(12分分)(2009煙臺模擬煙臺模擬)如圖如圖14所示，在傾角為所示，在傾角為30 的固定斜面上，跨過定滑輪的輕繩一端系在小車的前的固定斜面上，跨過定滑輪的輕繩一端系在小車的前 端，另一端被坐在小車上的人拉

28、住端，另一端被坐在小車上的人拉住.已知人的質量為已知人的質量為 60 kg，小車的質量為，小車的質量為10 kg， 繩及滑輪的質量、滑輪與繩間繩及滑輪的質量、滑輪與繩間 的摩擦均不計，斜面對小車的的摩擦均不計，斜面對小車的 摩擦阻力為人和小車總重力的摩擦阻力為人和小車總重力的 0.1倍，取重力加速度倍，取重力加速度g10 m/s2，當人以，當人以280 N的力拉的力拉 繩時，試求繩時，試求(斜面足夠長斜面足夠長)：(1)人與車一起運動的加速度大小；人與車一起運動的加速度大?。?2)人所受摩擦力的大小和方向；人所受摩擦力的大小和方向；(3)某時刻人和車沿斜面向上的速度為某時刻人和車沿斜面向上的速

29、度為3 m/s，此時人松手，此時人松手，則人和車一起滑到最高點所用時間為多少？則人和車一起滑到最高點所用時間為多少？解析：解析：(1)對整體受力分析如圖甲所示對整體受力分析如圖甲所示.2F(m1m2)gsin30Ff12(m1m2)a，F(xiàn)f120.1(m1m2)g解得解得a2 m/s2(2)對人受力分析如圖乙所示對人受力分析如圖乙所示.Fm1gsin30Ff1m1a，F(xiàn)f1140 N，方向沿斜面向上，方向沿斜面向上(3)松手后對人和車整體分析，有松手后對人和車整體分析，有(m1m2)gsin30Ff12(m1m2)a1解得解得a16 m/s2由由vat得得tv/a10.5 s答案：答案：(1)

30、2 m/s2(2)140 N方向沿斜面向上方向沿斜面向上(3)0.5 s16.(14分分)(2009濟寧質檢濟寧質檢)如圖如圖15甲所示，水平傳送帶順時甲所示，水平傳送帶順時 針方向勻速運動針方向勻速運動.從傳送帶左端從傳送帶左端P先后由靜止輕輕放上三先后由靜止輕輕放上三 個物體個物體A、B、C，物體，物體A經(jīng)經(jīng)tA9.5 s到達傳送帶另一端到達傳送帶另一端 Q，物體，物體B經(jīng)經(jīng)tB10 s到達傳送帶另一端到達傳送帶另一端Q，若釋放物體，若釋放物體 時刻作為時刻作為t0時刻，分別作出三物體的速度時間圖象時刻，分別作出三物體的速度時間圖象 如圖乙、丙、丁所示，求：如圖乙、丙、丁所示，求：(1)傳

31、送帶的速度傳送帶的速度v0；(2)傳送帶的長度傳送帶的長度l；(3)物體物體A、B、C與傳送帶間的摩擦因數(shù)各是多大；與傳送帶間的摩擦因數(shù)各是多大；(4)物體物體C從傳送帶左端從傳送帶左端P到右端到右端Q所用時間所用時間tC.解析：解析：(1)由圖乙、丙可知，傳送帶速度為由圖乙、丙可知，傳送帶速度為v04 m/s.(2)以題圖中乙圖象為例，物體以題圖中乙圖象為例，物體A在在t9.5 s內運動的位移即內運動的位移即為傳送帶的長度為傳送帶的長度l，對應，對應vt圖線與圖線與t軸所圍面積，軸所圍面積，l t1v0(tAt1)代入數(shù)據(jù)得代入數(shù)據(jù)得l36 m.(3)對物體應用牛頓第二定律得：對物體應用牛頓第二定律得：mgma，故，故ag.對物體對物體A：aA4 m/s2，得，得A0.4對物體對物體B：aB2 m/s2，得，得B0.2對物體對物體C：l CgtC2vCCgtC可解得：可解得：tC24 s，C 0.0125.(4)tC24 s.答案：答案：(1)4 m/s(2)36 m(3)0.4；0.2；0.0125(4)24 s