《2018-2019學(xué)年高中物理 第1章 靜電場(chǎng) 專題突破與題型專練 帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)練習(xí) 新人教版選修3-1》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2018-2019學(xué)年高中物理 第1章 靜電場(chǎng) 專題突破與題型專練 帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)練習(xí) 新人教版選修3-1（11頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、專題突破與題型專練　帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng) 題型一:帶電粒子在加速電場(chǎng)、偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中的綜合問(wèn)題 1.(多選)示波管是示波器的核心部件,它由電子槍,偏轉(zhuǎn)電極和熒光屏組成,如圖所示.如果在熒光屏上P點(diǎn)出現(xiàn)亮斑,那么示波管中的(　AC　) A.極板X應(yīng)帶正電 B.極板X′應(yīng)帶正電 C.極板Y應(yīng)帶正電 D.極板Y′應(yīng)帶正電 解析:據(jù)熒光屏上亮斑的坐標(biāo)可知示波管內(nèi)電子受力情況:受指向Y方向和指向X方向的靜電力.由于電子帶負(fù)電,故極板Y,X應(yīng)帶正電,故選項(xiàng)A,C正確. 2.如圖所示,一束不同的帶正電的粒子(不計(jì)重力),垂直電場(chǎng)線進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng),若使它們經(jīng)過(guò)電場(chǎng)區(qū)域時(shí)偏轉(zhuǎn)距離y和偏轉(zhuǎn)角θ都相同,

2、應(yīng)滿足(　D　) A.具有相同的動(dòng)能 B.具有相同的速度 C.具有相同的 D.先經(jīng)同一電場(chǎng)加速,然后再進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng) 解析:帶電粒子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的過(guò)程中,其偏轉(zhuǎn)距離為y=at2=()2= ,偏轉(zhuǎn)角θ滿足tan θ===.由此知,若動(dòng)能相等,q不同,則不能滿足要求,故選項(xiàng)A錯(cuò)誤;若速度相同,不同,則不能滿足要求,故選項(xiàng)B錯(cuò)誤;同樣地,若相同,v0不同也不能滿足要求,故選項(xiàng)C錯(cuò)誤;若經(jīng)過(guò)相同電場(chǎng)加速,滿足qU1=m,則y=,tan θ=,y, tan θ均與v0,Ek,q,m無(wú)關(guān),故選項(xiàng)D正確. 3.(2018·湖南雙峰一中高二期末)如圖所示,場(chǎng)強(qiáng)大小為E,方向豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)

3、中有一矩形區(qū)域abcd,水平邊ab長(zhǎng)為s,豎直邊ad長(zhǎng)為h.質(zhì)量均為m,帶電荷量分別為+q和-q的兩粒子,由a,c兩點(diǎn)先后沿ab和cd方向以速率v0進(jìn)入矩形區(qū)(兩粒子不同時(shí)出現(xiàn)在電場(chǎng)中).不計(jì)重力,若兩粒子軌跡恰好相切,則v0等于(　B　) A. B. C. D. 解析:根據(jù)對(duì)稱性,兩粒子軌跡的切點(diǎn)位于矩形區(qū)域abcd的中心,則在水平方向有s=v0t,在豎直方向有h=··t2,解得v0=.故選項(xiàng)B正確,A,C,D錯(cuò)誤. 4.(2018·江西師大附中高二周測(cè))一個(gè)初動(dòng)能為Ek的帶電粒子以速度v垂直電場(chǎng)線方向飛入兩塊平行金屬板間,飛出時(shí)動(dòng)能為3Ek.如果這個(gè)帶電粒子的初

4、速度增加到原來(lái)的2倍,不計(jì)重力,那么該粒子飛出時(shí)動(dòng)能為(　B　) A.4Ek B.4.5Ek C.6Ek D.9.5Ek 解析:帶電粒子做類平拋運(yùn)動(dòng),平行于極板方向的速度增加到原來(lái)的2倍,帶電粒子通過(guò)電場(chǎng)的時(shí)間變?yōu)樵瓉?lái)的,沿電場(chǎng)方向的位移變?yōu)樵瓉?lái)的,靜電力做功變?yōu)樵瓉?lái)的.由動(dòng)能定理得ΔEk′=qE·y′=yqE,原速飛過(guò)時(shí)由動(dòng)能定理有ΔEk=3Ek-Ek=qEy,而ΔEk′=′-4Ek,解得′=4.5Ek,故選項(xiàng)B正確. 5.真空中的某裝置如圖所示,其中平行金屬板A,B之間有加速電場(chǎng),C,D之間有偏轉(zhuǎn)電場(chǎng),M為熒光屏.今有質(zhì)子,氘核和α粒子均由A板從靜止開始被加速電場(chǎng)加速后垂直于電場(chǎng)方向

5、進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng),最后打在熒光屏上.已知質(zhì)子,氘核和α粒子的質(zhì)量之比為1∶2∶4,電荷量之比為1∶1∶2,則下列判斷中正確的是(　B　) A.三種粒子從B板運(yùn)動(dòng)到熒光屏經(jīng)歷的時(shí)間相同 B.三種粒子打到熒光屏上的位置相同 C.偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的靜電力對(duì)三種粒子做功之比為1∶2∶2 D.偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的靜電力對(duì)三種粒子做功之比為1∶2∶4 解析:粒子加速過(guò)程qU1=mv2,從B至M用時(shí)t=,得t∝,所以t1∶t2∶t3=1∶∶,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;偏轉(zhuǎn)位移y=()2=,所以三種粒子打到熒光屏上的位置相同,選項(xiàng)B正確;因W=qEy,得W1∶W2∶W3=q1∶q2∶q3=1∶1∶2,選項(xiàng)C,D錯(cuò)誤. 6.(20

6、18·湖北丹江口一中高二期末)一個(gè)初速度為零的電子通過(guò)電壓為U的電場(chǎng)加速后,從C點(diǎn)沿水平方向飛入電場(chǎng)強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中,到達(dá)該電場(chǎng)中另一點(diǎn)D時(shí),電子的速度方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向的夾角正好是120°,如圖所示.試求C,D兩點(diǎn)沿電場(chǎng)強(qiáng)度方向的距離y. 解析:電子加速過(guò)程,由eU=m, 得v0= 在豎直方向vy=v0tan 30°=at,a= 得t=,C,D兩點(diǎn)沿電場(chǎng)強(qiáng)度方向的距離y=at2 得y=. 答案: 題型二:帶電粒子在交變電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng) 1.在如圖所示平行板電容器A,B兩板上加上如圖所示的交變電壓,開始B板的電勢(shì)比A板高,這時(shí)兩板中間原來(lái)靜止的電子在靜電力作用下開始運(yùn)動(dòng),設(shè)

7、電子在運(yùn)動(dòng)中不與極板發(fā)生碰撞,則下述說(shuō)法正確的是(不計(jì)電子重力)(　C　) A.電子先向A板運(yùn)動(dòng),然后向B板運(yùn)動(dòng),再返回A板做周期性來(lái)回運(yùn)動(dòng) B.電子一直向A板運(yùn)動(dòng) C.電子一直向B板運(yùn)動(dòng) D.電子先向B板運(yùn)動(dòng),然后向A板運(yùn)動(dòng),再返回B板做周期性來(lái)回運(yùn)動(dòng) 解析:由運(yùn)動(dòng)學(xué)和動(dòng)力學(xué)規(guī)律畫出如圖所示的v-t圖像可知,電子一直向B板運(yùn)動(dòng),選項(xiàng)C正確. 2.如圖(甲)所示,一電子以v0的初速度沿平行金屬板的軸線射入金屬板空間.從電子射入的時(shí)刻開始在金屬板間加如圖(乙)所示的交變電壓,假設(shè)電子能穿過(guò)平行金屬板.則下列說(shuō)法正確的是(　C　) A.電子只可能從軸線到上極板之間的空間射

8、出(不包括軸線) B.電子只可能從軸線到下極板之間的空間射出(不包括軸線) C.電子可能從軸線到上極板之間的空間射出,也可能沿軸線方向射出 D.電子射出后動(dòng)能一定增大 解析:由題意可知,當(dāng)電子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間恰好等于在A,B板間所加交變偏轉(zhuǎn)電壓周期的整數(shù)倍時(shí),電子可沿軸線射出,選項(xiàng)A,B錯(cuò)誤,C正確;當(dāng)電子恰好沿軸線射出時(shí),電子速度不變,其動(dòng)能也不變,選項(xiàng)D錯(cuò)誤. 3.(2018·安徽師大附中高二期末)(多選)如圖所示,兩金屬板(平行)分別加上如下列選項(xiàng)中的電壓,能使原來(lái)靜止在金屬板中央的電子(不計(jì)重力)有可能做往返運(yùn)動(dòng)的Ut圖像應(yīng)是(設(shè)兩板距離足夠大)(　BC　)

9、解析:由A圖像可知,電子先做勻加速運(yùn)動(dòng),T時(shí)速度最大,從T到T內(nèi)做勻減速運(yùn)動(dòng),T時(shí)速度減為零.然后重復(fù)一直向一個(gè)方向運(yùn)動(dòng)不往返,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;由B圖像可知,電子先做勻加速運(yùn)動(dòng),T時(shí)速度最大,從T到T內(nèi)做勻減速運(yùn)動(dòng),T時(shí)速度減為零;從T到T反向勻加速運(yùn)動(dòng),T時(shí)速度最大,從T到T內(nèi)做勻減速運(yùn)動(dòng),T時(shí)速度減為零,回到出發(fā)點(diǎn).然后重復(fù)往返運(yùn)動(dòng),選項(xiàng)B正確;由C圖像可知,電子先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng),T時(shí)速度最大,從T到T內(nèi)做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng),T時(shí)速度減為零;從T到T反向做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng),T時(shí)速度最大,從T到T內(nèi)做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng),T時(shí)速度減為零,回到出發(fā)點(diǎn).然后重復(fù)往返運(yùn)動(dòng),選項(xiàng)C正確;由

10、D圖像可知,電子先做勻加速運(yùn)動(dòng),T時(shí)速度最大,從 T到T內(nèi)做勻速運(yùn)動(dòng),然后重復(fù)加速運(yùn)動(dòng)和勻速運(yùn)動(dòng)一直向一個(gè)方向運(yùn)動(dòng),選項(xiàng)D錯(cuò)誤. 4.(多選)如圖(甲)所示,兩平行金屬板豎直放置,左極板接地,中間有小孔,右極板電勢(shì)隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖(乙)所示,電子原來(lái)靜止在左極板小孔處,不計(jì)電子的重力,下列說(shuō)法正確的是(　AC　) A.從t=0時(shí)刻釋放電子,電子始終向右運(yùn)動(dòng),直到打到右極板上 B.從t=0時(shí)刻釋放電子,電子可能在兩板間振動(dòng) C.從t=時(shí)刻釋放電子,電子可能在兩板間振動(dòng),也可能打到右極板上 D.從t=時(shí)刻釋放電子,電子必將打到左極板上 解析:若t=0時(shí)刻釋放電子,電子將重復(fù)先加

11、速后減速,直到打到右極板,不會(huì)在兩板間振動(dòng),選項(xiàng)A正確,B錯(cuò)誤;若從 t=時(shí)刻釋放電子,電子先加速,再減速,有可能電子已達(dá)到右極板,若此時(shí)未達(dá)到右極板,則電子將在兩極板間振動(dòng),選項(xiàng)C正確;同理,若從t=時(shí)刻釋放電子,電子有可能達(dá)到右極板,也有可能從左極板射出,這取決于兩極間的距離,選項(xiàng)D錯(cuò)誤. 題型三:帶電粒子(帶電體)在電場(chǎng)中的直線運(yùn)動(dòng) 1.(多選)如圖所示,平行板電容器的兩個(gè)極板與水平地面成一角度,兩極板與一直流電源相連.若一帶電粒子恰能沿圖中所示水平直線通過(guò)電容器,則在此過(guò)程中,該粒子(　BD　) A.所受重力與靜電力平衡 B.電勢(shì)能逐漸增加 C.動(dòng)能逐漸增加 D.做勻變速直

12、線運(yùn)動(dòng) 解析:對(duì)帶電粒子受力分析如圖所示,F合≠0,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;由圖可知靜電力與重力的合力方向與v0方向相反,F合對(duì)粒子做負(fù)功,其中mg不做功,Eq做負(fù)功,故粒子動(dòng)能減少,電勢(shì)能增加,選項(xiàng)B正確,C錯(cuò)誤;F合恒定且F合與v0方向相反,粒子做勻減速運(yùn)動(dòng),選項(xiàng)D正確. 2.(2018·黑龍江綏化市肇東一中高二測(cè)試)如圖所示,一個(gè)平行板電容器充電后與電源斷開,從負(fù)極板處釋放一個(gè)電子(不計(jì)重力),設(shè)其到達(dá)正極板時(shí)的速度為v1,加速度為a1.若將兩極板間的距離增大為原來(lái)的2倍,再?gòu)呢?fù)極板處釋放一個(gè)電子,設(shè)其到達(dá)正極板時(shí)的速度為v2,加速度為a2,則(　D　) A.a1∶a2=1∶1,v1∶

13、v2=1∶2 B.a1∶a2=2∶1,v1∶v2=1∶2 C.a1∶a2=2∶1,v1∶v2=∶1 D.a1∶a2=1∶1,v1∶v2=1∶ 解析:電容器充電后與電源斷開,再增大兩極板間的距離時(shí),電場(chǎng)強(qiáng)度不變,電子在電場(chǎng)中受到的靜電力不變,故 a1∶a2=1∶1.由動(dòng)能定理Ue=mv2得v=,因兩極板間的距離增大為原來(lái)的2倍,由U=Ed知,電勢(shì)差U增大為原來(lái)的2倍,故v1∶v2=1∶,選項(xiàng)D正確. 3.(多選)如圖所示,從F處釋放一個(gè)無(wú)初速度的電子(重力不計(jì))向B板方向運(yùn)動(dòng),下列說(shuō)法正確的是(設(shè)電源電動(dòng)勢(shì)為U)(　ABD　) A.電子到達(dá)B板時(shí)的動(dòng)能是Ue B.電子從B板到達(dá)

14、C板動(dòng)能變化量為零 C.電子到達(dá)D板時(shí)動(dòng)能是3Ue D.電子在A板和D板之間做往復(fù)運(yùn)動(dòng) 解析:電子在AB之間做勻加速運(yùn)動(dòng),且eU=ΔEk,選項(xiàng)A正確;電子在BC之間做勻速運(yùn)動(dòng),選項(xiàng)B正確;在CD之間做勻減速運(yùn)動(dòng),到達(dá)D板時(shí),速度減為零,選項(xiàng)C錯(cuò)誤,D正確. 4.(2018·山東濟(jì)寧一中高二周測(cè))(多選)如圖所示,勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)方向豎直向下,在此電場(chǎng)中有a,b,c,d四個(gè)帶電粒子(不計(jì)粒子間的相互作用),各以水平向左,水平向右,豎直向上和豎直向下的速度做勻速直線運(yùn)動(dòng),則下列說(shuō)法正確的是(　BD　) A.c,d帶異種電荷 B.a,b帶同種電荷且電勢(shì)能均不變 C.d的電勢(shì)能減小,重力

15、勢(shì)能也減小 D.c的電勢(shì)能減小,機(jī)械能增加 解析:a,b,c,d均做勻速直線運(yùn)動(dòng),所以它們受的重力與靜電力平衡,都帶負(fù)電.a,b所受靜電力不做功,c所受靜電力做正功,d所受靜電力做負(fù)功,重力做正功,因此可判斷選項(xiàng)A,C錯(cuò)誤,B,D正確. 5.如圖所示,一質(zhì)量為m,帶電荷量為q的小球,用絕緣細(xì)線懸掛在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中,靜止時(shí)懸線向左與豎直方向成θ角,重力加速度為g. (1)判斷小球帶何種電荷; (2)求電場(chǎng)強(qiáng)度E; (3)若在某時(shí)刻將細(xì)線突然剪斷,求經(jīng)過(guò)t時(shí)間小球的速度v. 解析:(1)負(fù)電荷. (2)小球受力如圖所示,其中靜電力F=qE, 由平衡條件有F=mgta

16、n θ, 得出E=. (3)剪斷細(xì)線后小球做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng) F合==ma,v=at, 所以v= 方向與豎直方向夾角為θ斜向左下方. 答案:(1)負(fù)電荷　(2)　(3)　方向與豎直方向夾角為θ斜向左下方 題型四:帶電粒子(帶電體)在電場(chǎng)中的曲線運(yùn)動(dòng) 1.一個(gè)帶正電的油滴在如圖所示的勻強(qiáng)電場(chǎng)上方A點(diǎn)自由下落,油滴落入勻強(qiáng)電場(chǎng)后,能較準(zhǔn)確地描述油滴運(yùn)動(dòng)軌跡的是下圖中的(　B　) 解析:油滴從A點(diǎn)自由下落以一豎直速度進(jìn)入電場(chǎng),進(jìn)入電場(chǎng)后受重力和靜電力兩恒力作用.如圖,根據(jù)物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件,運(yùn)動(dòng)軌跡將向右彎曲,故選項(xiàng)B正確. 2.(多選)兩個(gè)共軸的半圓柱形

17、電極間的縫隙中,存在一沿半徑方向的電場(chǎng),如圖所示.帶正電的粒子流由電場(chǎng)區(qū)域的一端M射入電場(chǎng),沿圖中所示的半圓形軌道通過(guò)電場(chǎng)并從另一端N射出,由此可知(　BC　) A.若入射粒子的電荷量相等,則出射粒子的質(zhì)量一定相等 B.若入射粒子的電荷量相等,則出射粒子的動(dòng)能一定相等 C.若入射粒子的電荷量與質(zhì)量之比相等,則出射粒子的速率一定相等 D.若入射粒子的電荷量與質(zhì)量之比相等,則出射粒子的動(dòng)能一定相等 解析:由題圖可知,該粒子在電場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng),靜電力提供向心力qE=m得r=,r,E為定值,若q相等則mv2一定相等;若相等,則速率v一定相等,故選項(xiàng)B,C正確. 3.(2018·貴州

18、遵義航天高級(jí)中學(xué)高二測(cè)試)(多選)如圖所示,用絕緣細(xì)線拴一帶負(fù)電小球,在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng),勻強(qiáng)電場(chǎng)方向豎直向下,則(　CD　) A.當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)a時(shí),線的張力一定最小 B.當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)b時(shí),小球的速度一定最大 C.當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)a時(shí),小球的電勢(shì)能最小 D.小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能不守恒 解析:若qE=mg,小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng),球在各處對(duì)細(xì)線的拉力一樣大.若qEmg,球在a處速度最大,對(duì)細(xì)線的拉力最大,選項(xiàng)A,B錯(cuò)誤;a點(diǎn)電勢(shì)最高,負(fù)電荷在電勢(shì)最高處電勢(shì)能最小,選項(xiàng)C正確;小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中除重力外,還有靜電力做功

19、,機(jī)械能不守恒,選項(xiàng)D正確. 4.(2018·廣西桂林中學(xué)高三月考)如圖所示,一帶負(fù)電的液滴,從坐標(biāo)原點(diǎn)O以速率v0射入水平的勻強(qiáng)電場(chǎng)中,v0的方向與電場(chǎng)方向成θ角,已知油滴質(zhì)量為m,測(cè)得它在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)P時(shí)的速率恰為v0,設(shè)P點(diǎn)的坐標(biāo)為(xP,yP),則應(yīng)有(　A　) A.xP<0 B.xP>0 C.xP=0 D.條件不足無(wú)法確定 解析:由于液滴在電場(chǎng)中既受靜電力又受重力,由動(dòng)能定理得-mgh+W電=-=0,即W電=mgh,靜電力做正功.由于是負(fù)電荷所受靜電力方向向左,要使靜電力做正功,因而位移方向必須也向左,則必有xP<0,故選項(xiàng)A正確,B,C,D錯(cuò)誤. 5.(2018

20、·江西上饒中學(xué)檢測(cè))如圖所示,ABCD為豎直放在電場(chǎng)強(qiáng)度為E=104 N/C的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)中的絕緣光滑軌道,其中軌道的ABC部分是半徑為R=0.5 m的半圓環(huán)(B為半圓弧的中點(diǎn)),軌道的水平部分與半圓環(huán)相切于C點(diǎn),D為水平軌道的一點(diǎn),而且CD=2R,把一質(zhì)量m=100 g,帶電荷量q=10-4C的負(fù)電小球,放在水平軌道的D點(diǎn),由靜止釋放后,在軌道的內(nèi)側(cè)運(yùn)動(dòng).g=10 m/s2,求: (1)它到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度是多大? (2)它到達(dá)B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力是多大? 解析:(1)小球從D至B的過(guò)程中,由動(dòng)能定理 qE(2R+R)-mgR=m 解得vB=2 m/s. (2)在B點(diǎn)由牛頓第二定律得 FN-qE=m FN=qE+m=5 N. 由牛頓第三定律知小球?qū)壍赖膲毫N′=FN=5 N. 答案:(1)2 m/s　(2)5 N 11