《2020版高考物理總復(fù)習(xí) 第七章 第1節(jié) 庫(kù)侖定律 電場(chǎng)力的性質(zhì)練習(xí)（含解析）》由會(huì)員分享，可在線(xiàn)閱讀，更多相關(guān)《2020版高考物理總復(fù)習(xí) 第七章 第1節(jié) 庫(kù)侖定律 電場(chǎng)力的性質(zhì)練習(xí)（含解析）（7頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、第1節(jié)　庫(kù)侖定律　電場(chǎng)力的性質(zhì) 基礎(chǔ)必備練 1.三個(gè)相同的金屬小球1,2,3分別置于絕緣支架上,各球之間的距離遠(yuǎn)大于小球的直徑.球1的帶電荷量為q,球2的帶電荷量為nq,球3不帶電且離球1和球2很遠(yuǎn),此時(shí)球1,2之間作用力的大小為F.現(xiàn)使球3先與球2接觸,再與球1接觸,然后將球3移至遠(yuǎn)處,此時(shí)1,2之間作用力的大小仍為F,方向不變.因此可知(　D　) A.n=3 B.n=4 C.n=5 D.n=6 解析:由于各球之間距離遠(yuǎn)大于小球的直徑,小球帶電時(shí)可視為點(diǎn)電荷.由庫(kù)侖定律F=k知兩點(diǎn)電荷間距離不變時(shí),相互間靜電力大小與兩球所帶電荷量的乘積成正比.又由于三個(gè)小球相同,則兩球接觸時(shí)平分

2、總電荷量,故有q×nq=×,解得n=6,D正確. 2.下列選項(xiàng)中的各絕緣直桿大小相同,所帶電荷量已在圖中標(biāo)出,且電荷均勻分布,各直桿間彼此絕緣.坐標(biāo)原點(diǎn)O處電場(chǎng)強(qiáng)度最大的是(　B　) 解析:設(shè)帶電荷量為q的直桿在原點(diǎn)O處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E,則題中A圖電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E,根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的合成滿(mǎn)足平行四邊形定則,B圖電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E,C圖電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E,D圖電場(chǎng)強(qiáng)度大小為零,選項(xiàng)B正確. 3.如圖所示,真空中有一對(duì)分別帶正、負(fù)等量異種點(diǎn)電荷的A,B,實(shí)線(xiàn)為點(diǎn)電荷A,B產(chǎn)生電場(chǎng)的電場(chǎng)線(xiàn),C點(diǎn)A,B連線(xiàn)中點(diǎn),D為過(guò)C點(diǎn)中垂線(xiàn)上與電場(chǎng)線(xiàn)的一個(gè)交點(diǎn),M,N為電場(chǎng)中的兩點(diǎn).下列說(shuō)法正確的是(　D

3、　) A.C點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為零 B.N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于M點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度 C.將一負(fù)試探點(diǎn)電荷無(wú)初速地放到C點(diǎn),則在電場(chǎng)力作用下向A點(diǎn)做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng) D.將一正試探點(diǎn)電荷從D點(diǎn)沿中垂線(xiàn)移動(dòng)到C點(diǎn),電場(chǎng)力不做功 解析:等量異種電荷連線(xiàn)中點(diǎn)處電場(chǎng)強(qiáng)度不為零,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;通過(guò)觀(guān)察電場(chǎng)線(xiàn)密集程度可知M點(diǎn)的密集程度大,故M點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;A帶正電,B帶負(fù)電,可知負(fù)試探電荷在C點(diǎn)將會(huì)向A運(yùn)動(dòng),但是由于電場(chǎng)力不為恒力,故將沿AB連線(xiàn)做變加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),選項(xiàng)C錯(cuò)誤;正試探電荷沿中垂線(xiàn)從D到C過(guò)程中,電場(chǎng)力始終向右且與電場(chǎng)線(xiàn)垂直,故電場(chǎng)力不做功,選項(xiàng)D正確. 4.如圖所示,實(shí)

4、線(xiàn)是電場(chǎng)線(xiàn),一帶電粒子只在電場(chǎng)力的作用下沿虛線(xiàn)由A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中,其速度-時(shí)間圖像是(　B　) 解析:電場(chǎng)力的方向指向軌跡的凹側(cè)且沿與電場(chǎng)線(xiàn)相切的方向,因此粒子從A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中電場(chǎng)力方向與速度方向的夾角大于90°,粒子做減速運(yùn)動(dòng),電場(chǎng)力越來(lái)越小,加速度越來(lái)越小,選項(xiàng)B正確. 5.(2018·四川遂寧三診)在電場(chǎng)強(qiáng)度為E=k的勻強(qiáng)電場(chǎng)中,取O點(diǎn)為圓心,r為半徑作一圓周,在O點(diǎn)固定一帶電荷量為+Q的正點(diǎn)電荷,ac,bd為相互垂直的兩條直徑,其中bd與電場(chǎng)線(xiàn)平行,不計(jì)試探電荷的重力,如圖所示.則(　B　) A.把一正試探電荷+q放在a點(diǎn),試探電荷恰好處于平衡 B.把一負(fù)試探

5、電荷-q放在b點(diǎn),試探電荷恰好處于平衡 C.把一負(fù)試探電荷-q放在c點(diǎn),試探電荷恰好處于平衡 D.把一正試探電荷+q放在d點(diǎn),試探電荷恰好處于平衡 解析:點(diǎn)電荷+Q在a點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)方向?yàn)樗较蛴?大小為Ea=,與電場(chǎng)E疊加后合電場(chǎng)指向右斜上方,故正試探電荷受力不平衡,A錯(cuò)誤;點(diǎn)電荷在b點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度方向豎直向下,大小為Eb=k,與電場(chǎng)E疊加后合場(chǎng)強(qiáng)為零,試探電荷正好受力平衡,B正確;在c點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)方向?yàn)樾毕蜃笊戏?電場(chǎng)強(qiáng)度不為零,試探電荷不能平衡,C錯(cuò)誤;在d點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)方向豎直向上,電場(chǎng)強(qiáng)度不為零,試探電荷不能平衡,D 錯(cuò)誤. 6.如圖所示,在豎直放置的光滑半圓弧絕緣細(xì)管的圓心O處

6、放一點(diǎn)電荷,將質(zhì)量為m、帶電荷量為q的小球從圓弧管的水平直徑端點(diǎn)C由靜止釋放,小球沿細(xì)管滑到最低點(diǎn)B時(shí),對(duì)管壁恰好無(wú)壓力.則放于圓心處的點(diǎn)電荷在C點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為(　B　) A. B. C. D. 解析:在B點(diǎn)由庫(kù)侖力和重力的合力提供向心力,得F-mg=m,即qE=m+mg,小球從C到B電場(chǎng)力不做功,由動(dòng)能定理mgR=mv2,兩個(gè)式子聯(lián)立可知E=.點(diǎn)電荷在C點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小與B點(diǎn)相同,選項(xiàng)B正確. 7.(多選)用細(xì)繩拴一個(gè)質(zhì)量為m、帶正電的小球B,另一也帶正電的小球A固定在絕緣豎直墻上,A,B兩球與地面的高度均為h,小球B在重力、拉力和庫(kù)侖力的作用下靜止不動(dòng),如圖所示.現(xiàn)將

7、細(xì)繩剪斷后(　BCD　) A.小球B在細(xì)繩剪斷瞬間起開(kāi)始做平拋運(yùn)動(dòng) B.小球B在細(xì)繩剪斷瞬間加速度大于g C.小球B落地的時(shí)間小于 D.小球B落地的速度大于 解析:將細(xì)繩剪斷瞬間,小球B受到重力和庫(kù)侖力的共同作用,合力斜向右下方,且加速度大于g,因此小球B不可能做平拋運(yùn)動(dòng),故A錯(cuò)誤,B正確;小球在落地過(guò)程中,除受到重力外,還受到庫(kù)侖斥力,那么豎直方向的加速度大于g,因此小球B落地的時(shí)間小于,落地的速度大于,故C,D正確. 8.(多選)一個(gè)帶正電荷量為q、質(zhì)量為m的小球,從光滑絕緣的斜面軌道的A點(diǎn)由靜止下滑,小球恰能通過(guò)半徑為R的豎直圓形軌道的最高點(diǎn)B而做圓周運(yùn)動(dòng).現(xiàn)在豎直方向上

8、加如圖所示的勻強(qiáng)電場(chǎng),若仍從A點(diǎn)由靜止釋放該小球,則(　AB　) A.A點(diǎn)的高度h等于R B.小球仍恰好能過(guò)B點(diǎn) C.小球通過(guò)B點(diǎn),且在B點(diǎn)與軌道之間的壓力不為0 D.以上說(shuō)法都不對(duì) 解析:小球從光滑絕緣的斜面軌道的A點(diǎn)由靜止下滑,恰能通過(guò)半徑為R的豎直圓形軌道的最高點(diǎn)B而做圓周運(yùn)動(dòng),則mg=,mg(h-2R)= m,聯(lián)立可解得h=R,選項(xiàng)A正確;加勻強(qiáng)電場(chǎng)后仍從A點(diǎn)由靜止釋放該小球,由動(dòng)能定理(mg+qE)(h-2R)=m,解得v2=,設(shè)小球恰好過(guò)B點(diǎn)的速度為v3,則mg+qE=m,解得v3=,滿(mǎn)足小球恰好能過(guò)B點(diǎn)的臨界條件,選項(xiàng)B正確,C,D錯(cuò)誤. 能力培養(yǎng)練 9.(2

9、019·浙江杭州模擬)(多選)如圖(甲)所示,在x軸上有一個(gè)點(diǎn)電荷Q(圖中未畫(huà)出),O,A,B為軸上三點(diǎn),放在A(yíng),B兩點(diǎn)的試探電荷受到的電場(chǎng)力跟試探電荷所帶電荷量的關(guān)系如圖(乙)所示,則(　AC　) A.A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為2×103 N/C B.B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為2×103 N/C C.點(diǎn)電荷Q在A(yíng),B之間 D.點(diǎn)電荷Q在A(yíng),O之間 解析:對(duì)于電場(chǎng)中任意一點(diǎn)而言,放在該處的試探電荷的電荷量q不同,其受到的電場(chǎng)力F的大小也不同,但比值是相同的,即該處的電場(chǎng)強(qiáng)度.所以Fq圖像是一條過(guò)原點(diǎn)的直線(xiàn),斜率越大則電場(chǎng)強(qiáng)度越大.由題圖可知A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度EA=2×103 N/C,B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)

10、度EB=0.5×103 N/C,選項(xiàng)A正確,B錯(cuò)誤;A,B兩點(diǎn)放正、負(fù)不同的電荷,受力方向總為正,說(shuō)明A,B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反,點(diǎn)電荷Q只能在A(yíng),B之間,選項(xiàng)C正確,D錯(cuò)誤. 10.(2019·安徽江淮十校聯(lián)考)(多選)如圖所示,P,Q處固定有等量的同種正電荷,O為P,Q連線(xiàn)的中點(diǎn),在P,Q連線(xiàn)的垂直平分線(xiàn)上,一個(gè)帶電粒子在A(yíng)點(diǎn)由靜止釋放,結(jié)果粒子在A(yíng),B,C三點(diǎn)的加速度大小相等,且A,C關(guān)于P,Q連線(xiàn)對(duì)稱(chēng),不計(jì)粒子受到的重力,則下列說(shuō)法正確的是(　ABC　) A.粒子在C點(diǎn)的速度大小為零 B.帶電粒子在O點(diǎn)的速度最大 C.帶電粒子在O點(diǎn)的加速度為零 D.帶電粒子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到

11、B點(diǎn)的過(guò)程中,加速度先減小后增大 解析:帶電粒子從A點(diǎn)到C點(diǎn)過(guò)程中,先做加速運(yùn)動(dòng),到O點(diǎn)時(shí),電場(chǎng)強(qiáng)度為零,合力為零,有最大速度,加速度為零,然后減速到C點(diǎn)為零,所以選項(xiàng)A,B,C正確;粒子在A(yíng),B點(diǎn)的加速度大小一樣,并根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)的分布知,從A點(diǎn)到B點(diǎn),電場(chǎng)強(qiáng)度先增大后減小,加速度先增大后減小,選項(xiàng)D錯(cuò)誤. 11.(2018·重慶二模)如圖所示,用一根絕緣細(xì)線(xiàn)懸掛一個(gè)帶電小球,小球的質(zhì)量為m,電荷量為q,現(xiàn)加一水平的勻強(qiáng)電場(chǎng),平衡時(shí)絕緣細(xì)線(xiàn)與豎直方向夾角為θ. (1)試求這個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E大小; (2)如果將電場(chǎng)方向順時(shí)針旋轉(zhuǎn)θ角,大小變?yōu)镋′后,小球平衡時(shí),絕緣細(xì)線(xiàn)仍與豎直方

12、向夾角為θ,則E′的大小又是多少? 解析:(1)對(duì)小球受力分析,受到重力、電場(chǎng)力和細(xì)線(xiàn)的拉力,如圖(甲)所示.由平衡條件得:mgtanθ=qE 解得E=. (2)將電場(chǎng)方向順時(shí)針旋轉(zhuǎn)θ角,大小變?yōu)镋′后,電場(chǎng)力方向也順時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)θ角,大小為F′=qE′,此時(shí)電場(chǎng)力與細(xì)線(xiàn)垂直,如圖(乙) 所示. 根據(jù)平衡條件得mgsin θ=qE′,則得E′=. 答案:(1)　(2) 12.如圖所示,ABCD為豎直放在電場(chǎng)強(qiáng)度為E=104 V/m的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)中的絕緣光滑軌道,其中軌道的BCD部分是半徑為R的半圓環(huán),軌道的水平部分與半圓環(huán)相切,A為水平軌道的一點(diǎn),而且AB=R=0.2 m.把一質(zhì)

13、量m=100 g、帶電荷量q=+10-4 C的小球放在水平軌道的A點(diǎn),由靜止開(kāi)始被釋放后,在軌道的內(nèi)側(cè)運(yùn)動(dòng).求:(g=10 m/s2) (1)它到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度是多大? (2)它到達(dá)C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力是多大? (3)小球若能通過(guò)最高點(diǎn)D,則在A(yíng)點(diǎn)處的初速度最少應(yīng)有多大? 解析:(1)設(shè)小球在C點(diǎn)的速度大小是vC,對(duì)軌道的壓力大小為FN,則對(duì)于小球由A→C的過(guò)程中,應(yīng)用動(dòng)能定理列出2qER-mgR=m,解得vC= 2 m/s. (2)在C點(diǎn)時(shí),小球受到軌道對(duì)它的彈力和電場(chǎng)力,應(yīng)用牛頓第二定律,有FN′-qE=m,解得FN′=3 N. 由牛頓第三定律知FN=FN′=3 N. (

14、3)小球恰好通過(guò)最高點(diǎn)D的速度vD=,則從A到D過(guò)程應(yīng)用動(dòng)能定理得 EqR-2mgR=m-m 代入數(shù)據(jù)得vA= m/s. 答案:(1)2 m/s　(2)3 N　(3) m/s 13.(2019·河北滄州模擬)如圖所示,光滑絕緣的正方形水平桌面邊長(zhǎng)為d=0.48 m,離地高度h=1.25 m.桌面上存在一水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)(除此之外其余位置均無(wú)電場(chǎng)),電場(chǎng)強(qiáng)度E=1×104 N/C.在水平桌面上某一位置P處有一質(zhì)量m=0.01 kg、電荷量q=1×10-6 C的帶正電小球以初速度v0=1 m/s向右運(yùn)動(dòng).空氣阻力忽略不計(jì),重力加速度g=10 m/s2.求: (1)小球在桌面上運(yùn)動(dòng)時(shí)

15、加速度的大小和方向? (2)P處距右端桌面多遠(yuǎn)時(shí),小球從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到最終落地的水平距離最大?并求出該最大水平距離. 解析:(1)對(duì)小球受力分析,受到重力、支持力和電場(chǎng)力,重力和支持力平衡,根據(jù)牛頓第二定律,有:a=== m/s2=1.0 m/s2,方向水平向左. (2)小球以1 m/s的初速度向右先做勻減速運(yùn)動(dòng),減速到零時(shí)需要桌面的長(zhǎng)度至少應(yīng)是:=2aL,L=0.5 m,而題中桌面邊長(zhǎng)d=0.48 m,故不存在小球反向加速在桌面左側(cè)落地的情景,小球?qū)⒃谧烂嬗覀?cè)沖出桌面落地.設(shè)球到桌面右邊的距離為x1,球離開(kāi)桌面后做平拋運(yùn)動(dòng)的水平距離為x2,則x總=x1+x2 由v2-=2ax1; 代入數(shù)據(jù)解得v= 設(shè)平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t,根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的分位移公式,有 h=gt2,代入數(shù)據(jù)解得t=0.5 s. 水平方向,有x2=vt=0.5, 故x總=x1+0.5 令y=, 則x總= 故y=,即x1=時(shí),水平距離最大, 最大值為xmax= m. 答案:(1)1.0 m/s2　方向水平向左　(3) m　 m - 7 -