《高中數(shù)學(xué) 第1章 直線、多邊形、圓章末分層突破學(xué)案 北師大版選修4-1》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高中數(shù)學(xué) 第1章 直線、多邊形、圓章末分層突破學(xué)案 北師大版選修4-1（12頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

【課堂新坐標(biāo)】2016-2017學(xué)年高中數(shù)學(xué) 第1章 直線、多邊形、圓章末分層突破學(xué)案 北師大版選修4-1 [自我校對(duì)] ①平行線分線段成比例定理 ②圓周角定理 ③弦切角定理 ④切割線定理 ⑤相交弦定理 射影定理的應(yīng)用 射影定理揭示了直角三角形中兩直角邊在斜邊上的射影，斜邊及兩直角邊之間的比例關(guān)系，此定理常作為計(jì)算與證明的依據(jù)，在運(yùn)用射影定理時(shí)，要特別注意弄清射影與直角邊的對(duì)應(yīng)，分清比例中項(xiàng)，否則在做題中極易出錯(cuò). 　如圖11所示，AD，BE是△ABC的高，DF⊥AB于F，DF交BE于G，F(xiàn)D的延長(zhǎng)線交AC的延長(zhǎng)線于H. 圖11 求證：DF2＝FGFH. 【精彩點(diǎn)撥】　在Rt△ADB中，DF2＝BFAF，要證DF2＝FGFH，只要證BFAF＝FGFH，印證△BFG∽△HFA即可. 【規(guī)范解答】　∵BE⊥AC， ∴∠ABE＋∠BAE＝90. 同理，∠H＋∠HAF＝90， ∴∠ABE＝∠H. 又∠BFG＝∠HFA， ∴△BFG∽△HFA， ∴BF∶HF＝FG∶AF， ∴BFAF＝FGFH. 在Rt△ADB中，DF2＝BFAF， ∴DF2＝FGFH. [再練一題] 1.如圖12，在Rt△ABC中，∠BAC＝90，AD⊥BC于D，DF⊥AC于F，DE⊥AB于E，試證明：(1)ABAC＝BCAD； 圖12 (2)AD2＝BCCFBE. 【證明】　(1)在Rt△ABC中， AD⊥BC， ∴S△ABC＝ABAC＝BCAD. ∴ABAC＝BCAD. (2)Rt△ADB中，DE⊥AB，由射影定理可得BD2＝BEAB， 同理CD2＝CFAC， ∴BD2CD2＝BEABCFAC. 又在Rt△BAC中，AD⊥BC， ∴AD2＝BDDC， ∴AD4＝BEABCFAC， 又ABAC＝BCAD. 即AD3＝BCCFBE. 直線與圓的位置關(guān)系 直線與圓有三種位置關(guān)系，即相交、相切、相離；其中直線與圓相切的位置關(guān)系非常重要，結(jié)合此知識(shí)點(diǎn)所設(shè)計(jì)的有關(guān)切線的判定與性質(zhì)、弦切角的性質(zhì)等問(wèn)題是高考選做題熱點(diǎn)之一，解題時(shí)要特別注意. 　如圖13所示，⊙O是以AB為直徑的△ABC的外接圓，點(diǎn)D是劣弧的中點(diǎn)，連接AD并延長(zhǎng)，與過(guò)C點(diǎn)的切線交于P，OD與BC相交于點(diǎn)E. 圖13 求證：(1)OE＝AC； (2)＝. 【精彩點(diǎn)撥】　(1)D為的中點(diǎn)，由垂徑定理得OD⊥CB，OE∥AC，OE為△ABC的中位線. (2)連接CD，可得△PCD∽△PAC，＝，＝. ＝，＝從而得證. 【規(guī)范解答】　(1)∵AB為⊙O的直徑，AC⊥BC. ∵D是的中點(diǎn)， 由垂徑定理得OD⊥BC， ∴OD∥AC. 又∵點(diǎn)O為AB的中點(diǎn)， ∴點(diǎn)E為BC的中點(diǎn)， ∴OE＝AC. (2)連接CD.∵PC是⊙O的切線， ∴∠PCD＝∠PAC.又∠P是公共角， ∴△PCD∽△PAC. 得＝＝，得＝. ∵D是的中點(diǎn)，∴CD＝BD，因此，＝. [再練一題] 2.如圖14，⊙O是Rt△ABC的外接圓，∠ABC＝90，點(diǎn)P是圓外一點(diǎn)，PA切⊙O于點(diǎn)A，且PA＝PB. 圖14 (1)求證：PB是⊙O的切線； (2)已知PA＝，BC＝1，求⊙O的半徑. 【解】　(1)證明：如圖，連接OB. ∵OA＝OB，∴∠OAB＝∠OBA. ∵PA＝PB，∴∠PAB＝∠PBA. ∴∠OAB＋∠PAB＝ ∠OBA＋∠PBA， 即∠PAO＝∠PBO. 又∵PA是⊙O的切線，∴∠PAO＝90. ∴∠PBO＝90.∴OB⊥PB. 又OB是⊙O半徑，∴PB是⊙O的切線. (2)連接OP，交AB于點(diǎn)D.如圖， ∵PA＝PB，∴點(diǎn)P在線段AB的垂直平分線上. ∵OA＝OB，∴點(diǎn)O在線段AB的垂直平分線上. ∴OP垂直平分線段AB. ∴∠PAO＝∠PDA＝90. 又∵∠APO＝∠OPA，∴△APO∽△DPA. ∴＝.∴AP2＝PODP. 又∵OD＝BC＝，∴PO(PO－OD)＝AP2. 即PO2－PO＝()2，解得PO＝2. 在Rt△APO中，OA＝＝1， 即⊙O的半徑為1. 圓周角及其應(yīng)用 在圓中，連接同弧或等弧上的圓周角，是常用的輔助線，由此可得角相等；有直徑或有垂直條件或證明垂直結(jié)論，經(jīng)常根據(jù)圖形適當(dāng)作出直徑上的圓周角. 　如圖15所示，AB是半圓直徑，C為中點(diǎn)，CD⊥AB于D交AE于F.求證：AF＝CF. 圖15 【精彩點(diǎn)撥】　由CD⊥AB，可連接AC，BC，則△ABC為直角三角形，證明∠CAE＝∠ACD即可. 【規(guī)范解答】　連接AC，BC. ∵AB是直徑， ∴AC⊥BC. ∵CD⊥AB， ∴∠B＝∠ACD. ∵＝， ∴∠B＝∠CAE. ∴∠CAE＝∠ACD，∴AF＝CF. [再練一題] 3.如圖16，點(diǎn)A，B，C是圓O上的點(diǎn)，且AB＝4，∠ACB＝45，則圓O的半徑R＝__________. 圖16 【解析】　法一：如圖過(guò)點(diǎn)A作直徑AD，連接BD，∵∠BCA＝45，∴∠BDA＝∠BCA＝45，∴∠DBA＝90，∴△ABD為等腰直角三角形，∵AB＝4，∴AD＝AB＝4，∴OA＝2. 法二：連接OA，OB，則∠AOB＝2∠ACB＝90. ∴△AOB為等腰直角三角形，∴AB＝OA＝4，∴OA＝2. 【答案】　2 與圓有關(guān)的比例線段 圓的切線、割線、相交弦可以構(gòu)成許多相似三角形，結(jié)合相似三角形的性質(zhì)，又可以得到一些比例式、乘積式，在解題中，多聯(lián)系這些知識(shí)，能夠計(jì)算或證明角、線段的有關(guān)結(jié)論. 　如圖17，A，B是兩圓的交點(diǎn)，AC是小圓的直徑，D和E分別是CA和CB的延長(zhǎng)線與大圓的交點(diǎn)，已知AC＝4，BE＝10，且BC＝AD，求DE的長(zhǎng). 圖17 【精彩點(diǎn)撥】　連接AB，則AB⊥CB，由圓內(nèi)接四邊形的性質(zhì)得∠D＝90，在Rt△CDE中，由勾股定理求解. 【規(guī)范解答】　設(shè)CB＝AD＝x，則由割線定理得：CACD＝CBCE， 即4(4＋x)＝x(x＋10)， 化簡(jiǎn)得x2＋6x－16＝0， 解得x＝2或x＝－8(舍去)， 即CD＝6，CE＝12. 連接AB，因?yàn)镃A為小圓的直徑， 所以∠CBA＝90，即∠ABE＝90， 則由圓的內(nèi)接四邊形對(duì)角互補(bǔ)，得∠D＝90， 則CD2＋DE2＝CE2， 所以62＋DE2＝122， 所以DE＝6. [再練一題] 4.如圖18，△ABC中，AB＝AC，以AB為直徑作圓，交BC于D，O是圓心，DM是⊙O的切線交AC于M. 圖18 求證：DC2＝ACCM. 【證明】　連接AD，OD. ∵AB是直徑，∴AD⊥BC. ∵OA＝OD， ∴∠BAD＝∠ODA. 又AB＝AC，AD⊥BC， ∴∠BAD＝∠CAD. 則∠CAD＝∠ODA，OD∥AC. ∵DM是⊙O切線，∴OD⊥DM. 則DM⊥AC，DC2＝ACCM. 等價(jià)轉(zhuǎn)化的思想 轉(zhuǎn)化與化歸就是在處理問(wèn)題時(shí)，把待解決的問(wèn)題或難解決的問(wèn)題，通過(guò)某種轉(zhuǎn)化過(guò)程，歸結(jié)為一類(lèi)已經(jīng)解決或易解決的問(wèn)題，最終求得問(wèn)題的解答.在相似三角形中有很多相等的比例式或等積式，而兩者的聯(lián)系往往是通過(guò)幾何圖形間的等價(jià)轉(zhuǎn)換進(jìn)行的. 　如圖19所示，在等腰△ABC中，過(guò)頂點(diǎn)A作AD⊥BC，過(guò)底邊端點(diǎn)C作CE⊥AB，作DF⊥CE于F，F(xiàn)G⊥AD于G，求證：＝. 圖19 【精彩點(diǎn)撥】　延長(zhǎng)FG交AB于K連接DK，易得K，F(xiàn)分別為BE，CE的中點(diǎn)，易證Rt△ADB∽R(shí)t△DGF，得＝；Rt△ADB∽△KGD，得＝，把以上三式相乘整理可得結(jié)論. 【規(guī)范解答】　如圖所示，延長(zhǎng)FG交AB于K，連接DK， ∵DF⊥EC，AB⊥EC， ∴DF∥BE. ∵AB＝AC，AD⊥BC，∴BD＝DC， ∴EF＝CF.∵FG∥BC， ∴∠EFK＝∠FCD， ∴Rt△FDC≌Rt△EKF， ∴KF＝DC，∠EKF＝∠FDC， ∴四邊形KFCD是平行四邊形，∴∠FCD＝∠FKD， ∴∠EKD＝∠EKF＋∠FKD＝∠FCD＋∠FDC＝90，∴DK⊥AB，∴DF∥AB. ∴∠BAD＝∠GDF，∴Rt△ADB∽R(shí)t△DGF， ∴＝. ① ∵GK∥BD，∴△AKG∽△ABD，∴＝. ② 在△ABD中，∠ADB＝90，DK⊥AB ∴△ADB∽△AKD.又∵△AKD∽△KGD， ∴△ADB∽△KGD，∴＝. ③ 由①②③相乘，得＝. [再練一題] 5.如圖111所示，在△ABC中，∠CAB＝90，AD⊥BC于D，BE是∠ABC的平分線，交AD于F，求證：＝. 圖111 【證明】　由三角形的內(nèi)角平分線分對(duì)邊成兩段的長(zhǎng)度比等于夾角兩邊長(zhǎng)度的比得， 在△ABD中，＝， ① 在△ABC中，＝， ② 在Rt△ABC中，由射影定理知，AB2＝BDBC，即＝. ③ 由①③得＝， ④ 由②④得＝. 1.(廣東高考)如圖112，已知AB是圓O的直徑，AB＝4，EC是圓O的切線，切點(diǎn)為C，BC＝1.過(guò)圓心O作BC的平行線，分別交EC和AC于點(diǎn)D和點(diǎn)P，則OD＝________. 【導(dǎo)學(xué)號(hào)：96990040】 圖112 【解析】　∵AB為直徑，∴∠BCA＝90.由OP∥BC，得OP＝BC＝，AC＝＝，∴CP＝PA＝. ∵EC為⊙O的切線，∴∠DCP＝∠ABC＝∠AOP. 又∵∠APO＝∠CPD，∴△DCP∽△AOP， ∴＝，∴DP＝，∴OD＝＋＝8. 【答案】　8 2.(天津高考)如圖113，AB是圓的直徑，弦CD與AB相交于點(diǎn)E，BE＝2AE＝2，BD＝ED，則線段CE的長(zhǎng)為_(kāi)_______. 圖113 【解析】　如圖，設(shè)圓心為O，連接OD，則OB＝OD. 因?yàn)锳B是圓的直徑，BE＝2AE＝2，所以AE＝1，OB＝. 又BD＝ED，∠B為△BOD與△BDE的公共底角， 所以△BOD∽△BDE，所以＝， 所以BD2＝BOBE＝3，所以BD＝DE＝. 因?yàn)锳EBE＝CEDE，所以CE＝＝. 【答案】　 3.(全國(guó)卷Ⅰ)如圖114，△OAB是等腰三角形，∠AOB＝120，以O(shè)為圓心，OA為半徑作圓. 圖114 (1)證明：直線AB與⊙O相切； (2)點(diǎn)C，D在⊙O上，且A，B，C，D四點(diǎn)共圓，證明：AB∥CD. 【證明】　(1)設(shè)E是AB的中點(diǎn)，連接OE. 因?yàn)镺A＝OB，∠AOB＝120， 所以O(shè)E⊥AB，∠AOE＝60. 在Rt△AOE中，OE＝AO，即O到直線AB的距離等于⊙O的半徑，所以直線AB與⊙O相切. (2)因?yàn)镺A＝2OD， 所以O(shè)不是A，B，C，D四點(diǎn)所在圓的圓心. 設(shè)O′是A，B，C，D四點(diǎn)所在圓的圓心，作直線OO′. 由已知得O在線段AB的垂直平分線上， 又O′在線段AB的垂直平分線上，所以O(shè)O′⊥AB. 同理可證，OO′⊥CD，所以AB∥CD. 4.(全國(guó)卷Ⅱ)如圖115，O為等腰三角形ABC內(nèi)一點(diǎn)，⊙O與△ABC的底邊BC交于M，N兩點(diǎn)，與底邊上的高AD交于點(diǎn)G，且與AB，AC分別相切于E，F(xiàn)兩點(diǎn). 圖115 (1)證明：EF∥BC； (2)若AG等于⊙O的半徑，且AE＝MN＝2，求四邊形EBCF的面積. 【解】　(1)證明：由于△ABC是等腰三角形，AD⊥BC， 所以AD是∠CAB的平分線. 又因?yàn)椤袿分別與AB，AC相切于點(diǎn)E，F(xiàn)，所以AE＝AF， 故AD⊥EF，從而EF∥BC. (2)解：由(1)知，AE＝AF，AD⊥EF， 故AD是EF的垂直平分線. 又EF為⊙O的弦，所以O(shè)在AD上. 連接OE，OM，則OE⊥AE. 由AG等于⊙O的半徑得AO＝2OE，所以∠OAE＝30. 因此△ABC和△AEF都是等邊三角形. 因?yàn)锳E＝2，所以AO＝4，OE＝2. 因?yàn)镺M＝OE＝2，DM＝MN＝，所以O(shè)D＝1. 于是AD＝5，AB＝. 所以四邊形EBCF的面積為2－(2)2＝. 5.(全國(guó)卷Ⅱ)如圖116，在正方形ABCD中，E，G分別在邊DA，DC上(不與端點(diǎn)重合)，且DE＝DG，過(guò)D點(diǎn)作DF⊥CE，垂足為F. 圖116 (1)證明：B，C，G，F(xiàn)四點(diǎn)共圓； (2)若AB＝1，E為DA的中點(diǎn)，求四邊形BCGF的面積. (1)證明：因?yàn)镈F⊥EC， 所以△DEF∽△CDF， 則有∠GDF＝∠DEF＝∠FCB， ＝＝， 所以△DGF∽△CBF， 由此可得∠DGF＝∠CBF. 因此∠CGF＋∠CBF＝180，所以B，C，G，F(xiàn)四點(diǎn)共圓. (2)解：由B，C，G，F(xiàn)四點(diǎn)共圓，CG⊥CB知FG⊥FB. 連接GB.由G為Rt△DFC斜邊CD的中點(diǎn)，知GF＝GC，故Rt△BCG≌Rt△BFG，因此，四邊形BCGF的面積S是△GCB面積S△GCB的2倍， 即S＝2S△GCB＝21＝.