《2019-2020年高考物理二輪復(fù)習(xí) 專題二 曲線運(yùn)動(dòng) 2.4 拋體運(yùn)動(dòng)與圓周運(yùn)動(dòng)課時(shí)作業(yè).doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2019-2020年高考物理二輪復(fù)習(xí) 專題二 曲線運(yùn)動(dòng) 2.4 拋體運(yùn)動(dòng)與圓周運(yùn)動(dòng)課時(shí)作業(yè).doc（5頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

2019-2020年高考物理二輪復(fù)習(xí) 專題二 曲線運(yùn)動(dòng) 2.4 拋體運(yùn)動(dòng)與圓周運(yùn)動(dòng)課時(shí)作業(yè) 一、選擇題 1．一工廠用皮帶傳送裝置將從某一高度固定位置平拋下來(lái)的物件傳到地面，為保證物件的安全，需以最短的路徑運(yùn)動(dòng)到傳送帶上，已知傳送帶的傾角為θ.則(　　) A．物件在空中運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，每1 s的速度變化不同 B．物件下落的豎直高度與水平位移之比為2tanθ∶1 C．物件落在傳送帶上時(shí)豎直方向的速度與水平方向速度之比為 D．物件做平拋運(yùn)動(dòng)的最小位移為 解析：物件在空中做平拋運(yùn)動(dòng)，故每1 s的速度變化相同，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；要路徑最短，作出拋出點(diǎn)到傳送帶的垂線即物件的位移，由幾何關(guān)系，tanθ＝，故B選項(xiàng)錯(cuò)誤；由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律x＝v0t，y＝gt2，解得t＝，則vy＝gt＝，物件落在傳送帶上時(shí)豎直方向速度與水平方向速度之比為＝＝，C選項(xiàng)正確；物件做平拋運(yùn)動(dòng)的最小位移L＝＝，故D選項(xiàng)錯(cuò)誤． 答案：C 2．(多選)如圖所示，從傾角為θ的斜面上的M點(diǎn)水平拋出一個(gè)小球，小球的初速度為v0，最后小球落在斜面上的N點(diǎn)，則(重力加速度為g)(　　) A．可求M、N之間的距離 B．可求小球落到N點(diǎn)時(shí)速度的大小和方向 C．可求小球到達(dá)N點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能 D．可以斷定，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中小球速度方向與斜面平行時(shí)，小球與斜面間的距離最遠(yuǎn) 解析：由已知得位移與水平方向之間的夾角為θ，由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可知，tanθ＝＝，可求得時(shí)間為t＝，再由y＝gt2求得豎直位移，結(jié)合幾何關(guān)系可求得MN間的距離，故A正確；由vy＝gt，可求得豎直分速度，由速度的合成與分解可求得末速度的大小和方向，故B正確；不知小球的質(zhì)量，故無(wú)法求出小球的動(dòng)能，C錯(cuò)誤；將初速度沿斜面和垂直于斜面方向進(jìn)行分解，同時(shí)將加速度也同方向分解，當(dāng)垂直于斜面的分速度為零時(shí)，小球距離斜面最遠(yuǎn)，故D正確． 答案：ABD 3．(多選)如圖所示，在斜面頂端先后水平拋出同一小球，第一次小球落到斜面中點(diǎn)，第二次小球落到斜面底端，從拋出到落至斜面上(忽略空氣阻力)(　　) A．兩次小球運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比t1∶t2＝1∶ B．兩次小球運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比t1∶t2＝1∶2 C．兩次小球拋出時(shí)初速度之比v01∶v02＝1∶ D．兩次小球拋出時(shí)初速度之比v01∶v02＝1∶2 解析：兩小球豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，兩小球下落高度之比為1∶2，由自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知，運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為1∶，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；水平方向兩小球均做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由水平位移關(guān)系以及時(shí)間關(guān)系可得初速度之比為1∶，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤． 答案：AC 4．如圖所示的光滑斜面長(zhǎng)為l，寬為b，傾角為θ，一物塊(可看成質(zhì)點(diǎn))沿斜面左上方頂點(diǎn)P以初速度v0水平射入，恰好從底端Q點(diǎn)離開(kāi)斜面，則(　　) A．物塊由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)所用的時(shí)間t＝2 B．物塊由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)所用的時(shí)間t＝ C．初速度v0＝b D．初速度v0＝b 解析：物塊在斜面內(nèi)做類平拋運(yùn)動(dòng)，其加速度為a＝gsinθ，根據(jù)l＝at2，得t＝，故A、B錯(cuò)誤；初速度v0＝＝b ，故C正確，D錯(cuò)誤． 答案：C 5.(多選)在以速度v0水平飛行的飛機(jī)上，由靜止釋放一質(zhì)量為m的物體，飛行一段時(shí)間后，物體經(jīng)過(guò)空中P點(diǎn)，其動(dòng)能為Ek，不計(jì)空氣阻力，則(　　) A．物體經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)豎直分速度為 B．此過(guò)程中物體下降的高度為－ C．此過(guò)程中物體的水平位移為 D．此過(guò)程中物體運(yùn)動(dòng)的平均速度為 解析：經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)，Ek＝mv2，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知，v2＝v＋v，解兩式得：vy＝，A項(xiàng)正確；由豎直方向運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知h＝＝－，B項(xiàng)正確；由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知，vy＝gt，x＝v0t，解得x＝v0t＝ ，C項(xiàng)錯(cuò)；物體從拋出到P點(diǎn)，位移s＝，平均速度＝＝，D項(xiàng)正確． 答案：ABD 6．如圖所示，置于豎直平面內(nèi)的AB光滑桿是以初速度為v0，水平射程為s的平拋運(yùn)動(dòng)軌跡制成的，A端為拋出點(diǎn)，B端為落地點(diǎn)．現(xiàn)將一質(zhì)量為m的小球套于光滑桿上，由靜止開(kāi)始從光滑桿A端滑下，重力加速度為g.則當(dāng)其到達(dá)光滑桿B端時(shí)(　　) A．小球在水平方向的速度大小為v0 B．小球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為 C．小球的速度大小為 D．小球重力的功率為 解析：根據(jù)題意，小球受到重力G和支持力N，所以小球由靜止從光滑桿上滑下的運(yùn)動(dòng)不是平拋運(yùn)動(dòng)，則小球在水平方向的分速度也是變化的，所以小球在水平方向的分速度不等于v0，A錯(cuò)誤；小球的運(yùn)動(dòng)時(shí)間也不等于，B錯(cuò)誤；由小球機(jī)械能守恒有mgh＝mv2，由于光滑桿是按照平拋運(yùn)動(dòng)軌跡制成的，所以末速度方向與平拋時(shí)方向相同，則有tanθ＝2tanα，α是位移偏向角，θ是速度偏向角，tanθ＝＝，而tanα＝＝，解得h＝，合速度大小v＝＝，C正確；小球重力的功率P＝mgvsinθ＝sinθ，所以D錯(cuò)誤． 答案：C 7．在穩(wěn)定軌道上的空間站中(物體處于完全失重狀態(tài))有如圖所示的裝置，半徑分別為r和R(R>r)的甲、乙兩個(gè)光滑的圓形軌道安置在同一豎直平面內(nèi)，軌道之間有一條水平軌道CD相通，宇航員將一小球以一定的速度先滑上甲軌道，通過(guò)粗糙的CD段，又滑上乙軌道，最后離開(kāi)兩圓軌道，那么下列說(shuō)法正確的是(　　) A．小球在CD段由于摩擦力而做減速運(yùn)動(dòng) B．小球經(jīng)過(guò)甲軌道最高點(diǎn)時(shí)比經(jīng)過(guò)乙軌道最高點(diǎn)時(shí)速度大 C．如果減小小球的初速度，小球有可能不能到達(dá)乙軌道的最高點(diǎn) D．小球經(jīng)過(guò)甲軌道最高點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大于經(jīng)過(guò)乙軌道最高點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力 解析：小球在CD段運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，由于處于完全失重狀態(tài)，小球沒(méi)有受到摩擦力，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由于小球處于完全失重狀態(tài)，小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中速度不變，所以選項(xiàng)B、C錯(cuò)誤；小球經(jīng)過(guò)圓軌道最高點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力為N＝m，由于甲軌道的半徑小于乙軌道的半徑，在小球速度不變的情況下，小球?qū)总壍赖膲毫^大，故選項(xiàng)D正確． 答案：D 8.(多選)如圖，疊放在水平轉(zhuǎn)臺(tái)上的物體A、B，C能隨轉(zhuǎn)臺(tái)一起以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，A、B、C的質(zhì)量分別為3m、2m、m，A與B、B和C與轉(zhuǎn)臺(tái)間的動(dòng)摩擦因數(shù)都為μ，AB整體、C離轉(zhuǎn)臺(tái)中心的距離分別為r、1.5r.設(shè)本題中的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力．下列說(shuō)法正確的是(　　) A．B對(duì)A的摩擦力一定為3μmg B．B對(duì)A的摩擦力一定為3mω2r C．轉(zhuǎn)臺(tái)的角速度一定滿足：ω≤ D．轉(zhuǎn)臺(tái)的角速度一定滿足：ω≤ 解析：A做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由B對(duì)A的摩擦力提供，由牛頓第二定律及向心加速度公式有：Ff＝3mω2r，B項(xiàng)正確；AB整體恰好未發(fā)生相對(duì)轉(zhuǎn)臺(tái)的滑動(dòng)時(shí)，μ(3m＋2m)g＝(3m＋2m)ω2r，解得角速度最大值為ω＝，C恰好未發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，μmg＝1.5mω2r，解得：ω＝，所以D選項(xiàng)正確． 答案：BD 二、非選擇題 9.如圖所示，一塊足夠大的光滑平板放置在水平面上，能繞水平固定軸MN調(diào)節(jié)其與水平面所成的傾角．板上一根長(zhǎng)為l＝0.60 m的輕細(xì)繩，它的一端系住一質(zhì)量為m的小球P，另一端固定在板上的O點(diǎn)．當(dāng)平板的傾角固定為α?xí)r，先將輕繩平行于水平軸MN拉直，然后給小球一沿著平板并與輕繩垂直的初速度v0＝3.0 m/s.若小球能保持在板面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，傾角α的值應(yīng)在什么范圍內(nèi)？(取重力加速度g＝10 m/s2) 解析：小球在傾斜平板上運(yùn)動(dòng)時(shí)受繩子拉力、平板彈力、重力．在垂直平板方向上合力為0，重力在沿斜面方向的分量為mgsinα 小球在最高點(diǎn)時(shí)，由繩子的拉力和重力沿平板方向的分力的合力提供向心力 T＋mgsinα＝?、? 研究小球從釋放到最高點(diǎn)的過(guò)程，據(jù)動(dòng)能定理 －mglsinα＝mv－mv　② 若恰好通過(guò)最高點(diǎn)，則繩子拉力 T＝0?、? T＝0時(shí)，聯(lián)立①②解得 sinα＝，解得α＝30 故α的范圍為0≤α≤30. 答案：0≤α≤30 10.一轉(zhuǎn)動(dòng)裝置如圖所示，四根輕桿OA、OC、AB和CB與兩小球 及一小環(huán)通過(guò)鉸鏈連接，輕桿長(zhǎng)均為l，球和環(huán)的質(zhì)量均為m，O端固定在豎直的輕質(zhì)轉(zhuǎn)軸上．套在轉(zhuǎn)軸上的輕質(zhì)彈簧連接在O與小球之間，原長(zhǎng)為L(zhǎng).裝置靜止時(shí)，彈簧長(zhǎng)為L(zhǎng).轉(zhuǎn)動(dòng)該裝置并緩慢增大轉(zhuǎn)速，小環(huán)緩慢上升．彈簧始終在彈性限度內(nèi)，忽略一切摩擦和空氣阻力，重力加速度為g.求： (1)彈簧的勁度系數(shù)k； (2)AB桿中彈力為零時(shí)，裝置轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度ω0； (3)彈簧長(zhǎng)度從L緩慢縮短為L(zhǎng)的過(guò)程中，外界對(duì)轉(zhuǎn)動(dòng)裝置所做的功W. 解析：(1)裝置靜止時(shí)，設(shè)OA、AB桿中的彈力分別為F1、T1，OA桿與轉(zhuǎn)軸的夾角為θ1. 小環(huán)受到彈簧的彈力F彈1＝k 小環(huán)受力平衡，F(xiàn)彈1＝mg＋2T1cosθ1 小球受力平衡，F(xiàn)1cosθ1＋T1cosθ1＝mg F1sinθ1＝T1sinθ1 解得k＝ (2)設(shè)OA、AB桿中的彈力分別為F2、T2，OA桿與轉(zhuǎn)軸的夾角為θ2，彈簧長(zhǎng)度為x. 小環(huán)受到彈簧的彈力F彈2＝k(x－L) 小環(huán)受力平衡F彈2＝mg 得x＝L 對(duì)小球F2cosθ2＝mg F2sinθ2＝mωlsinθ2 且cosθ2＝ 解得ω0＝ (3)彈簧長(zhǎng)度為L(zhǎng)時(shí)，設(shè)OA、AB桿中的彈力分別為F3、T3，OA桿與彈簧的夾角為θ3. 小環(huán)受到彈簧的彈力F彈3＝kL 小環(huán)受力平衡2T3cosθ3＝mg＋F彈3 且cosθ3＝ 對(duì)小球F3cosθ3＝T3cosθ3＋mg F3sinθ3＋T3sinθ3＝mωlsinθ3 解得ω3＝ 整個(gè)過(guò)程彈簧彈性勢(shì)能變化為零，則彈力做的功為零，由動(dòng)能定理 W－mg－2mg＝2m(ω3lsinθ3)2 解得W＝mgL＋ 答案：(1)　(2) 　(3)mgL＋