《2019年高考物理二輪復(fù)習(xí) 電場(chǎng)的性質(zhì)、帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)提能專訓(xùn).doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2019年高考物理二輪復(fù)習(xí) 電場(chǎng)的性質(zhì)、帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)提能專訓(xùn).doc（11頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

2019年高考物理二輪復(fù)習(xí) 電場(chǎng)的性質(zhì)、帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)提能專訓(xùn) 一、選擇題(本題共11小題，每小題4分，共44分．多選全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分) 1．(xx新課標(biāo)全國(guó)卷Ⅱ)(多選)關(guān)于靜電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．電場(chǎng)強(qiáng)度的方向處處與等電勢(shì)面垂直 B．電場(chǎng)強(qiáng)度為零的地方，電勢(shì)也為零 C．隨著電場(chǎng)強(qiáng)度的大小逐漸減小，電勢(shì)也逐漸降低 D．任一點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度總是指向該點(diǎn)電勢(shì)降落最快的方向 答案：AD 解析：根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)的關(guān)系解題．電場(chǎng)線(電場(chǎng)強(qiáng)度)的方向總是與等電勢(shì)面垂直，選項(xiàng)A正確．電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)是兩個(gè)不同的物理量，電場(chǎng)強(qiáng)度等于零的地方，電勢(shì)不一定等于零，選項(xiàng)B錯(cuò)誤．沿著電場(chǎng)線方向，電勢(shì)不斷降落，電勢(shì)的高低與電場(chǎng)強(qiáng)度的大小無(wú)必然關(guān)系，選項(xiàng)C錯(cuò)誤．電場(chǎng)線(電場(chǎng)強(qiáng)度)的方向總是從高的等電勢(shì)面指向低的等電勢(shì)面，而且是電勢(shì)降落最快的方向，選項(xiàng)D正確． 2．(xx陜西長(zhǎng)安一中質(zhì)檢)如圖所示，xOy平面是無(wú)窮大導(dǎo)體的表面，該導(dǎo)體充滿z<0的空間，z>0的空間為真空．將電 荷為＋q的點(diǎn)電荷置于z軸上z＝h處，則在xOy平面上會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電荷．空間任意一點(diǎn)處的電場(chǎng)皆是由點(diǎn)電荷q和導(dǎo)體表面上的感應(yīng)電荷共同激發(fā)的．已知靜電平衡時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)處處為零，則在z軸上，z＝處的場(chǎng)強(qiáng)大小為(k為靜電力常量)(　　) A．k B．k C．k D．k 答案：B 解析：在z軸上－處取一點(diǎn)M，由于該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零，所以感應(yīng)電荷與＋q在該點(diǎn)產(chǎn)生場(chǎng)強(qiáng)大小相等、方向相反，所以感應(yīng)電荷場(chǎng)強(qiáng)E′＝，同理可得感應(yīng)電荷在z＝處場(chǎng)強(qiáng)，所以z＝處場(chǎng)強(qiáng)E＝＋＝，選項(xiàng)B正確． 3．(xx大綱全國(guó))地球表面附近某區(qū)域存在大小為 150 N/C、方向豎直向下的電場(chǎng)．一質(zhì)量為1.0010－4 kg、帶電量為－1.0010－7 C的小球從靜止釋放，在電場(chǎng)區(qū)域內(nèi)下落 10.0 m．對(duì)此過(guò)程，該小球的電勢(shì)能和動(dòng)能的改變量分別為(重力加速度大小取9.80 m/s2，忽略空氣阻力)(　　) A．－1.5010－4 J和9.9510－3 J B．1.5010－4 J和9.9510－3 J C．－1.5010－4 J和9.6510－3 J D．1.5010－4 J和9.6510－3 J 答案：D 解析：對(duì)帶電小球受力分析，如圖所示，在此過(guò)程中，該小球的電勢(shì)能的改變量ΔEp＝qEh＝1.5010－4 J；根據(jù)動(dòng)能定理可得：小球的動(dòng)能的改變量ΔEk＝mgh－qEh＝9.6510－3 J，選項(xiàng)D正確，A、B、C錯(cuò)誤． 4．(xx吉林省吉林市質(zhì)量檢測(cè))如圖甲所示，Q1、Q2為兩個(gè)被固定的點(diǎn)電荷，其中Q1帶負(fù)電荷，a、b兩點(diǎn)在它們連線的延長(zhǎng)線上．現(xiàn)有一帶負(fù)電荷的粒子以一定的初速度沿直線從a點(diǎn)開(kāi)始經(jīng)b點(diǎn)向遠(yuǎn)處運(yùn)動(dòng)(粒子只受電場(chǎng)力作用)，粒子經(jīng)過(guò)a、b兩點(diǎn)時(shí)的速度分別為va、vb，其速度圖象如圖乙所示．以下說(shuō)法中正確的是(　　) A．Q2一定帶負(fù)電 B．Q2的電荷量一定大于Q1的電荷量 C．b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度一定為零 D．整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，粒子的電勢(shì)能先減小后增大 答案：C 解析：因?yàn)関t圖線的斜率表示加速度，根據(jù)題圖乙可知，粒子在b點(diǎn)的加速度為零，其電場(chǎng)力也為零，b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度一定為零，選項(xiàng)C正確；要使b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為零，Q1、Q2必帶異種電荷，所以Q2一定帶正電，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；Q1、Q2單獨(dú)存在時(shí)在b點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)必等大反向，再考慮到Q1到b點(diǎn)的距離較大，可知Q1的電荷量一定大于Q2的電荷量，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，粒子的動(dòng)能和電勢(shì)能之和保持不變，考慮到其動(dòng)能先減小后增大，則其電勢(shì)能一定是先增大后減小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤． 5．(xx山東臨沂一模)(多選)如圖所示，A、B、C是平行紙面的勻強(qiáng)電場(chǎng)中的三點(diǎn)，它們之間的距離均為L(zhǎng)，電荷量為q＝1.010－5 C的負(fù)電荷由A移動(dòng)到C電場(chǎng)力做功W1＝4.010－5 J，該電荷由C移動(dòng)到B電場(chǎng)力做功W2＝－2.010－5 J，若 B點(diǎn)電勢(shì)為零，以下說(shuō)法正確的是(　　) A．A點(diǎn)電勢(shì)為2 V B．A點(diǎn)電勢(shì)為－2 V C．勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向?yàn)橛蒀指向A D．勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向?yàn)榇怪庇贏C指向B 答案：BC 解析：C、B間電勢(shì)差為UCB＝＝ V＝2 V，B點(diǎn)電勢(shì)為零，則UCB＝φC－φB，則C點(diǎn)電勢(shì)φC＝2 V，而A與C間的電勢(shì)差為UAC＝＝ V＝－4 V，UAC＝φA－φC，則A點(diǎn)電勢(shì)φA＝－2 V，故A項(xiàng)錯(cuò)誤，B項(xiàng)正確；由以上分析可知，A、C連線的中點(diǎn)M電勢(shì)為0，M與B點(diǎn)的連線即為等勢(shì)線，且電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)線，三角形ABC為等邊三角形，BM⊥AC，根據(jù)沿著電場(chǎng)線方向，電勢(shì)降低，則有勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向由C到A，故C項(xiàng)正確，D項(xiàng)錯(cuò)誤． 6．(xx湖北八校聯(lián)考)(多選) 真空中有一正四面體ABCD，如圖M、N分別是AB和CD的中點(diǎn)．現(xiàn)在A、B兩點(diǎn)分別固定電荷量為＋Q、－Q的點(diǎn)電荷，下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．將試探電荷＋q從C點(diǎn)移到D點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，試探電荷＋q的電勢(shì)能降低 B．將試探電荷－q從M點(diǎn)移到N點(diǎn)，電場(chǎng)力不做功，試探電荷－q的電勢(shì)能不變 C．C、D兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相等 D．N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向平行AB且跟CD垂直 答案：BCD 解析：由幾何知識(shí)可判斷，AB垂直面DMC，且M點(diǎn)為AB的中點(diǎn)，則面DMC與AB的中垂面重合，故DMC為一等勢(shì)面，則φD＝φC＝φN＝φM，A項(xiàng)錯(cuò)誤，B項(xiàng)正確；由電場(chǎng)的空間分布特點(diǎn)可判斷C、D項(xiàng)正確． 7．(xx河北石家莊質(zhì)檢)均勻帶電的球殼在球外空間產(chǎn)生的電場(chǎng)等效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的電場(chǎng)．如圖所示，在半球面AB上均勻分布著正電荷，總電荷量為q，球面半徑為R，CD為通過(guò)半球面頂點(diǎn)與球心O的軸線，在軸線上有M、N兩點(diǎn)，OM＝ON＝2R.已知M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為E，則N點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為(　　) A.－E 　B. C.－E D.＋E 答案：A 解析：左半球面AB上的正電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)等效為帶電荷量為2q的整個(gè)球面的電場(chǎng)和帶電荷量為－q的右半球面的電場(chǎng)的合電場(chǎng)，則E＝－E′，E′為帶電荷量為－q的右半球面在M點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大?。畮щ姾闪繛椋璹的右半球面在M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小與帶電荷量為q的左半球面AB在N點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，則EN＝E′＝－E＝－E，則A正確． 8．(xx山東濱州一模) 如圖所示，分別在M、N兩點(diǎn)固定放置兩個(gè)點(diǎn)電荷＋Q和－2Q，以M、N連線的中點(diǎn)O為圓心的圓周上有A、B、C、D四點(diǎn)．下列說(shuō)法正確的是(　　) A．A點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度小于B點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度 B．C點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度與D點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同 C．A點(diǎn)電勢(shì)小于B點(diǎn)電勢(shì) D．將某正電荷從C點(diǎn)移到O點(diǎn)，電場(chǎng)力不做功 答案：A 解析：電場(chǎng)線方向由M指向N，則A點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)，C項(xiàng)錯(cuò)誤；由于2Q>Q，N點(diǎn)處電場(chǎng)線比M點(diǎn)處電場(chǎng)線密，B點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大于A點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度，A項(xiàng)正確；由于電場(chǎng)線關(guān)于MN對(duì)稱，C、D兩點(diǎn)電場(chǎng)線疏密程度相同，則C點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小等于D點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小，但方向不同，B項(xiàng)錯(cuò)誤；由于兩電荷不等量異種，所以C、O兩點(diǎn)的電勢(shì)不相等，根據(jù)W＝qU知，將某正電荷從C點(diǎn)移到O點(diǎn)，電場(chǎng)力將做功，D項(xiàng)錯(cuò)誤． 9．(xx河北邯鄲一模)如圖所示，平行板電容器兩極板M、N相距d，兩極板分別與電壓恒為U的電源兩極連接，極板M帶正電．現(xiàn)有一質(zhì)量為m的帶電油滴在極板中央處于靜止?fàn)顟B(tài)，且此時(shí)極板帶電荷量與油滴帶電荷量的比值為k，則(　　) A．油滴帶負(fù)電 B．油滴帶電荷量為 C．電容器的電容為 D．將極板N向下緩慢移動(dòng)一小段距離，油滴將向上運(yùn)動(dòng) 答案：A 解析：油滴受到的重力和電場(chǎng)力平衡，即mg＝q，則電場(chǎng)力豎直向上，M板帶正電，故油滴帶負(fù)電，且q＝，A項(xiàng)正確，B項(xiàng)錯(cuò)誤；由于極板所帶電荷量與油滴所帶電荷量的比值為k，即＝k，則Q＝，由C＝得C＝，C項(xiàng)錯(cuò)誤；將極板N向下緩慢移動(dòng)一小段距離，d增大，根據(jù)E＝可知，E變小，電場(chǎng)力變小，故油滴將向下運(yùn)動(dòng)，D項(xiàng)錯(cuò)誤． 10．(xx山東濰坊一模)(多選)直線ab是電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線，從a點(diǎn)無(wú)初速度釋放一電子，電子僅在電場(chǎng)力作用下，沿直線從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)，其電勢(shì)能Ep隨位移x變化的規(guī)律如圖所示，設(shè)a、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度分別為Ea和Eb，電勢(shì)分別為φa和φb.則(　　) A．Ea>Eb B．Eaφb 答案：AC 解析：根據(jù)圖象可知，圖線的斜率表示電場(chǎng)力的大?。娮訌腶到b，電勢(shì)能圖線的斜率逐漸減小，則電場(chǎng)力逐漸減小，故電場(chǎng)強(qiáng)度逐漸減小，所以Ea>Eb，A項(xiàng)正確，B項(xiàng)錯(cuò)誤；由于電勢(shì)能逐漸降低，所以電場(chǎng)力做正功，則電子所受的電場(chǎng)力方向由a指向b，電場(chǎng)線的方向由b指向a，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，所以φa<φb，C項(xiàng)正確，D項(xiàng)錯(cuò)誤． 11. (多選)如圖所示為空間某一電場(chǎng)的電場(chǎng)線，a、b兩點(diǎn)為其中一條豎直向下的電場(chǎng)線上的兩點(diǎn)，該兩點(diǎn)的高度差為h，一個(gè)質(zhì)量為m、帶電荷量為＋q的小球從a點(diǎn)靜止釋放后沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)速度大小為，則下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．質(zhì)量為m、帶電荷量為＋q的小球從a點(diǎn)靜止釋放后沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)程中動(dòng)能增加量等于電勢(shì)能減少量 B．a(chǎn)、b兩點(diǎn)的電勢(shì)差U＝ C．質(zhì)量為m、帶電荷量為＋2q的小球從a點(diǎn)靜止釋放后沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)速度大小為 D．質(zhì)量為m、帶電荷量為－q的小球從a點(diǎn)靜止釋放后沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)速度大小為 答案：BD 解析：質(zhì)量為m、帶電荷量為＋q的小球從a點(diǎn)靜止釋放后沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)程中，機(jī)械能與電勢(shì)能之和守恒，其動(dòng)能增加量等于重力勢(shì)能、電勢(shì)能的減少量之和，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；設(shè)a、b之間的電勢(shì)差為U，由題意，質(zhì)量為m、帶電荷量為＋q的小球從a點(diǎn)靜止釋放后沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)速度大小為，根據(jù)動(dòng)能定理，mgh＋qU＝m3gh，解得qU＝mgh，a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)差U＝，選項(xiàng)B正確；質(zhì)量為m、帶電荷量為＋2q的小球從a點(diǎn)靜止釋放后沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)，由動(dòng)能定理得mgh＋2qU＝mv，解得v1＝2，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；質(zhì)量為m、帶電荷量為－q的小球從a點(diǎn)靜止釋放后沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)，由動(dòng)能定理得mgh－qU＝mv，解得v2＝，選項(xiàng)D正確． 二、計(jì)算題(本題包括3小題，共56分．解答應(yīng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案不能得分) 12. (12分)反射式速調(diào)管是常用的微波器件之一，它利用電子團(tuán)在電場(chǎng)中的振蕩來(lái)產(chǎn)生微波，其振蕩原理與下述過(guò)程類似．如圖所示，在虛線MN兩側(cè)分別存在著方向相反的兩個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)，一帶電微粒從A點(diǎn)由靜止開(kāi)始，在電場(chǎng)力作用下沿直線在A、B兩點(diǎn)間往返運(yùn)動(dòng)，已知電場(chǎng)強(qiáng)度的大小分別是E1＝2.0103 N/C和E2＝4.0103 N/C，方向如圖所示，帶電微粒的質(zhì)量m＝1.010－20 kg，帶電荷量q＝－1.010－9 C，A點(diǎn)距虛線MN的距離d1＝1.0 cm，不計(jì)帶電微粒的重力，忽略相對(duì)論效應(yīng)，求： (1)B點(diǎn)距虛線MN的距離d2； (2)帶電微粒從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)所經(jīng)歷的時(shí)間t. 答案：(1)0.50 cm　(2)1.510－8 s 解析：(1)帶電微粒由A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中，由動(dòng)能定理有： |q|E1d1－|q|E2d2＝0，① 由①式解得d2＝d1＝0.50 cm.② (2)設(shè)微粒在虛線MN兩側(cè)的加速度大小分別為a1、a2，由牛頓第二定律有： |q|E1＝ma1，③ |q|E2＝ma2.④ 設(shè)微粒在虛線MN兩側(cè)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間分別為t1、t2，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有： d1＝a1t，⑤ d2＝a2t.⑥ 又t＝t1＋t2，⑦ 由②③④⑤⑥⑦式解得t＝1.510－8 s. 13．(xx湖南長(zhǎng)沙一中期末)(14分)噴墨打印機(jī)的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)圖如圖所示，設(shè)偏轉(zhuǎn)板板長(zhǎng)1.6 cm，兩板間的距離為0.50 cm，偏轉(zhuǎn)板的右端距紙3.2 cm.若一個(gè)墨汁微滴的質(zhì)量為1.610－10 kg，以20 m/s的初速度垂直于電場(chǎng)方向進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，兩偏轉(zhuǎn)板間的電壓是8.0103 V，若墨汁微滴打到紙上點(diǎn)距原射入方向的距離是2.0 mm.求： (1)這個(gè)墨汁微滴通過(guò)帶電室?guī)У碾娏渴嵌嗌伲?不計(jì)空氣阻力和重力)； (2)為了使紙上的字體放大10%，請(qǐng)你分析理出一個(gè)可行的方法． 答案：(1)2.510－13 C　(2)見(jiàn)解析 解析：(1)帶電微滴的電量設(shè)為q，進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后做類平拋運(yùn)動(dòng)，離開(kāi)電場(chǎng)后沿直線打到紙上，距原入射方向的距離為 Y＝()2＋L＝(＋L) 代入數(shù)據(jù)可得q＝1.2510－13 C (2)由上式可知，Y與U成正比，可以提高偏轉(zhuǎn)板間的電壓U到8.8103 V，實(shí)現(xiàn)字體放大10%； 由上式可知，Y與(＋L)成正比，因此也可以增加偏轉(zhuǎn)板與紙的距離L，＝1.1；L′＝3.6 cm，實(shí)現(xiàn)字體放大10%. 14．(xx安徽理綜) (14分)如圖所示，充電后的平行板電容器水平放置，電容為C，極板間距離為d，上極板正中有一小孔．質(zhì)量為m、電荷量為＋q的小球從小孔正上方高h(yuǎn)處由靜止開(kāi)始下落，穿過(guò)小孔到達(dá)下極板處速度恰為零(空氣阻力忽略不計(jì)，極板間電場(chǎng)可視為勻強(qiáng)電場(chǎng)，重力加速度為g)．求： (1)小球到達(dá)小孔處的速度； (2)極板間電場(chǎng)強(qiáng)度大小和電容器所帶電荷量； (3)小球從開(kāi)始下落運(yùn)動(dòng)到下極板處的時(shí)間． 答案：(1)　(2)　 (3) 解析：(1)由v2＝2gh，得v＝ (2)在極板間帶電小球受重力和電場(chǎng)力，有mg－qE＝ma 0－v2＝2ad 得E＝ U＝Ed Q＝CU 得Q＝ (3)由h＝gt；0＝v＋at2；t＝t1＋t2 綜合可得t＝ 15．(16分)如圖甲所示，長(zhǎng)為L(zhǎng)、間距為d的兩金屬板A、B水平放置，ab為兩板的中心線，一個(gè)帶電粒子以速度v0從a點(diǎn)水平射入，沿直線從b點(diǎn)射出，若將兩金屬板接到如圖乙所示的交變電壓上，欲使該粒子仍能從b點(diǎn)以速度v0射出，求： (1)交變電壓的周期T應(yīng)滿足什么條件？ (2)粒子從a點(diǎn)射入金屬板的時(shí)刻應(yīng)滿足什么條件？ 答案：(1)T＝，其中n取大于等于的整數(shù)　(2)t＝T(n＝1,2,3，…) 解析：(1)為使粒子仍從b點(diǎn)以速度v0穿出電場(chǎng)，在垂直于初速度方向上，粒子的運(yùn)動(dòng)應(yīng)為：加速，減速，反向加速，反向減速，經(jīng)歷四個(gè)過(guò)程后，回到中心線上時(shí)，在垂直于金屬板的方向上速度正好等于零，這段時(shí)間等于一個(gè)周期，故有L＝nTv0，解得T＝ 粒子在T內(nèi)離開(kāi)中心線的距離為y＝a2 又a＝，E＝，解得y＝ 在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中離開(kāi)中心線的最大距離為ym＝2y＝ 粒子不撞擊金屬板，應(yīng)有ym≤d 解得T≤2d 故n≥，即n取大于等于的整數(shù)． 所以粒子的周期應(yīng)滿足的條件為 T＝，其中n取大于等于的整數(shù)． (2)粒子進(jìn)入電場(chǎng)的時(shí)間應(yīng)為T，T，T，… 故粒子進(jìn)入電場(chǎng)的時(shí)間為t＝T(n＝1,2,3，…)．