《2020高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第四章 平面向量、復(fù)數(shù)、算法 第一節(jié) 平面向量的線性運(yùn)算與基本定理檢測(cè) 理 新人教A版.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第四章 平面向量、復(fù)數(shù)、算法 第一節(jié) 平面向量的線性運(yùn)算與基本定理檢測(cè) 理 新人教A版.doc（7頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

第一節(jié) 平面向量的線性運(yùn)算與基本定理 限時(shí)規(guī)范訓(xùn)練(限時(shí)練夯基練提能練) A級(jí)　基礎(chǔ)夯實(shí)練 1．(2018吉林白山模擬)AC為平行四邊形ABCD的一條對(duì)角線，＝(2,4)，＝(1,3)，則＝(　　) A．(2,4)　　　　　　　 B．(3,7) C．(1,1) D．(－1，－1) 解析：選D.∵＝－＝(－1，－1)， ∴＝＝(－1，－1)． 2．(2018保定模擬)若向量a＝(1,1)，b＝(1，－1)，c＝(－1，2)則c＝(　　) A．－a＋b B．a(chǎn)－b C.a－b D．－a＋b 解析：選B.設(shè)c＝λ1a＋λ2b，則(－1,2)＝λ1(1,1)＋λ2(1，－1)＝(λ1＋λ2，λ1－λ2)， ∴λ1＋λ2＝－1，λ1－λ2＝2，解得λ1＝，λ2＝－， 所以c＝a－b. 3．(2018唐山模擬)設(shè)a，b為不共線的非零向量，＝2a＋3b，＝－8a－2b，＝－6a－4b，那么(　　) A.與同向，且||＞|| B.與同向，且||＜|| C.與反向，且||＞|| D.∥ 解析：選A.＝＋＋＝2a＋3b＋(－8a－2b)＋(－6a－4b)＝－12a－3b，又＝－8a－2b， ∴＝. ∵＞0，∴與同向，且||＝||＞||. ∴||＞||. 4．(2018江門二模)已知△ABC的內(nèi)角A，B，C所對(duì)的邊分別為a，b，c，向量m＝(a，b)與n＝(cos A，sin B)平行，則A＝(　　) A. B． C. D． 解析：選B.因?yàn)閙∥n，所以asin B－bcos A＝0，由正弦定理，得sin Asin B－sin Bcos A＝0，又sin B≠0，從而tan A＝，由于0＜A＜π，所以A＝. 5．(2018合肥模擬)已知a，b是不共線的兩個(gè)向量，向量＝λa＋b，＝a＋μb(λ，μ∈R)，則A，B，C三點(diǎn)共線的充要條件為(　　) A．λ＋μ＝2 B．λ－μ＝1 C．λμ＝1 D．λμ＝－1 解析：選C.∵向量a和b不共線，∴和為非零向量，則A，B，C三點(diǎn)共線的充要條件為存在k(k≠0)，使得＝k，即λa＋b＝k(a＋μb)＝ka＋kμb，∵a和b不共線，∴λ＝k，1＝kμ，∴λμ＝1，故選C. 6．(2018九江模擬)如圖，在66的方格紙中，若起點(diǎn)和終點(diǎn)均在格點(diǎn)的向量a，b，c滿足c＝xa＋yb(x，y∈R)，則x＋y＝(　　) A．0 B．1 C．5 D． 解析：選D.建立如圖所示平面直角坐標(biāo)系，設(shè)小方格的邊長為1. 則向量a＝(1,2)，b＝(2，－1)，c＝(3,4)， ∵c＝xa＋yb， 即解得 ∴x＋y＝＋＝. 7．(2018河北保定質(zhì)檢)設(shè)M是△ABC所在平面上的一點(diǎn)，且＋＋＝0,，D是AC的中點(diǎn)，則的值為(　　) A. B． C．1 D．2 解析：選A.∵D是AC的中點(diǎn)，∴＋＝0,.又∵＋＋＝0,，∴＝－(＋)＝－2，即＝3，故＝，∴＝.故選A. 8．(2018常州八校聯(lián)考)在梯形ABCD中，AB∥CD，AB＝2CD，M，N分別為CD，BC的中點(diǎn)，若＝λ＋μ，則λ＋μ等于________． 解析：因?yàn)椋剑剑剑?＋)＝2＋＋＝2－－，所以＝－，∴λ＝－，μ＝. 所以λ＋μ＝. 答案： 9．(2018銀川模擬)已知D，E，F(xiàn)分別為△ABC的邊BC，CA，AB的中點(diǎn)，且＝a，＝b，給出下列命題：①＝a－b；②＝a＋b；③＝－a＋b；④＋＋＝0,.其中正確命題的個(gè)數(shù)為________． 解析：＝a，＝b，＝＋＝－a－b，故①錯(cuò)誤；＝＋＝a＋b，故②正確； ＝(＋)＝(－a＋b)＝－a＋b，故③正確； ∴＋＋＝－b－a＋a＋b＋b－a＝0,. ∴正確的命題為②③④. 答案：3 10．(2018濟(jì)南模擬)已知非零向量e1，e2，a，b滿足a＝2e1－e2，b＝ke1＋e2.給出以下結(jié)論： ①若e1與e2不共線，a與b共線，則k＝－2； ②若e1與e2不共線，a與b共線，則k＝2； ③存在實(shí)數(shù)k，使得a與b不共線，e1與e2共線； ④不存在實(shí)數(shù)k，使得a與b不共線，e1與e2共線． 其中正確的是________(只填序號(hào))． 解析：若a與b共線，即a＝λb，即2e1－e2＝λke1＋λe2，而e1與e2不共線， 所以解得k＝－2.故①正確，②不正確． 若e1與e2共線，則e2＝λe1，有 因?yàn)閑1，e2，a，b為非零向量，所以λ≠2且λ≠－k，所以a＝b，即a＝b，這時(shí)a與b共線，所以不存在實(shí)數(shù)k滿足題意．故③不正確，④正確． 綜上，正確的結(jié)論為①④. 答案：①④ B級(jí)　能力提升練 11．(2018河南中原名校聯(lián)考)如圖，在直角梯形ABCD中，AB＝2AD＝2DC，E為BC邊上一點(diǎn)，＝3，F(xiàn)為AE的中點(diǎn)，則＝(　　) A.－　　　　　 B．－ C．－＋ D．－＋ 解析：選C.解法一：如圖，取AB的中點(diǎn)G，連接DG，CG，則易知四邊形DCBG為平行四邊形，所以＝＝－＝－，所以＝＋＝＋＝＋＝＋，于是＝－＝－＝＋－＝－＋. 解法二：＝(＋)＝－＋ ＝－＋(－)＝－＋(－) ＝－＋＝－＋. 12．(2018煙臺(tái)質(zhì)檢)在△ABC中，N是AC邊上一點(diǎn)，且＝，P是BN上的一點(diǎn)，若＝m＋，則實(shí)數(shù)m的值為(　　) A. B． C．1 D．3 解析：選B.如圖，因?yàn)椋?，P是上一點(diǎn)， 所以＝，＝m＋＝m＋. 因?yàn)锽，P，N三點(diǎn)共線， 所以m＋＝1，所以m＝. 13．(2018山西四校聯(lián)考)在△ABC中，點(diǎn)D在線段BC的延長線上，且＝3，點(diǎn)O在線段CD上(與點(diǎn)C，D不重合)，若＝x＋(1－x)，則x的取值范圍是(　　) A. B． C. D． 解析：選D.依題意，設(shè)＝λ，其中1＜λ＜，則有＝＋＝＋λ＝＋λ(－)＝(1－λ)＋λ. 又＝x＋(1－x)，且，不共線，于是有x＝(1－λ)∈，即x的取值范圍是. 14．(2018洛陽模擬)已知A，B，C是平面上不共線的三點(diǎn)，O是△ABC的重心，動(dòng)點(diǎn)P滿足＝＋＋2，則點(diǎn)P一定為△ABC的(　　) A．AB邊中線的中點(diǎn) B．AB邊中線的三等分點(diǎn)(非重心) C．重心 D．AB邊的中點(diǎn) 解析：選B.如圖設(shè)AB的中點(diǎn)為M，則＋＝，所以＝(＋2)，即3＝＋2?－＝2－2?＝2.又與有公共點(diǎn)P，所以P，M，C三點(diǎn)共線，且P是CM上靠近C點(diǎn)的一個(gè)三等分點(diǎn)． 15．(2017江蘇卷)如圖，在同一個(gè)平面內(nèi)，向量，，的模分別為1,1，，與的夾角為α，且tan α＝7，與的夾角為45.若＝m＋n(m，n∈R)，則m＋n＝________. 解析：由tan α＝7，得tan＝＝－. 以O(shè)為原點(diǎn)，OA方向?yàn)閤軸正半軸建立坐標(biāo)系(圖略)，則A點(diǎn)坐標(biāo)為(1,0)． 由tan＝－，的模為1，可得B.由tan α＝7，的模為，可得C. 由＝m＋n，代入A、B、C點(diǎn)坐標(biāo)可得， 解得 ∴m＋n＝3. 答案：3 C級(jí)　素養(yǎng)加強(qiáng)練 16．(2018天水模擬)如圖，在等腰直角三角形ABC中，點(diǎn)O是斜邊BC的中點(diǎn)，過點(diǎn)O的直線分別交直線AB、AC于不同的兩點(diǎn)M、N，若＝m，＝n(m＞0，n＞0)，則mn的最大值為________． 解析：以A為坐標(biāo)原點(diǎn)，線段AC、AB所在直線分別為x軸、y軸建立如圖所示的平面直角坐標(biāo)系，設(shè)△ABC的腰長為2，則B(0,2)，C(2,0)，O(1,1)． ∵＝m，＝n， ∴M，N， ∴直線MN的方程為＋＝1， ∵直線MN過點(diǎn)O(1,1)，∴＋＝1，即m＋n＝2， ∴mn≤＝1，當(dāng)且僅當(dāng)m＝n＝1時(shí)取等號(hào)， ∴mn的最大值為1. 答案：1