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題精做六 以能量為核心的綜合應(yīng)用問題 1．【2019重慶市模擬】如圖，2個(gè)長(zhǎng)度為L(zhǎng)、質(zhì)量為m的相同長(zhǎng)方體形物塊1和2疊放在一起，置于固定且正對(duì)的兩光滑薄板間，薄板間距也為L(zhǎng)，板底部有孔正好能讓最底層的物塊通過(guò)并能防止物塊2翻倒，質(zhì)量為m的鋼球用長(zhǎng)為R有輕繩懸掛在O點(diǎn)．將鋼球拉到與O點(diǎn)等高的位置A靜止釋放，鋼球沿圓弧擺到最低點(diǎn)時(shí)與物塊1正碰后靜止，物塊1滑行一段距離s（s>2L）后停下．又將鋼球拉回A點(diǎn)靜止釋放，撞擊物塊2后鋼球又靜止．物塊2與物塊1相碰后，兩物塊以共同速度滑行一段距離后停下． 重力加速度為g，繩不可伸長(zhǎng)，不計(jì)物塊之間的摩擦．求： （1）物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)； （2）兩物塊都停下時(shí)物塊2滑行的總距離． 【解析】（1）設(shè)鋼球與物塊1碰撞前的速率為v0，根據(jù)機(jī)械能守恒，有：mgR=12mv02 解得v0=2gR 鋼球與物塊1碰撞，設(shè)碰后物塊1速度為v1，根據(jù)動(dòng)量守恒定律：mv0=mv1， 解得v1=2gR 設(shè)物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，物塊1獲得速度后直到停止，由動(dòng)能定理：-2μmgL-μmg(s-L)=0-12mv12 解得μ=RL+s （2）設(shè)物塊2被鋼球碰后的速度為v3，物塊2與物塊1碰前速度為v2，根據(jù)機(jī)械能守恒定律和動(dòng)能定理 v2=v1=2gR -μmg(s-L)=12mv32-12mv22 設(shè)物塊1和物塊2碰后的共同速度為v4兩物塊一起繼續(xù)滑行的距離為s1根據(jù)機(jī)械能守恒定律和動(dòng)能定理 mv3=2mv4； -2μmgs1=0-122mv42 可得s1=12L； 設(shè)物塊2滑行的總距離為d，則d=s-L+s1=s-12L 1．【2019湖南株洲市模擬】足夠長(zhǎng)的光滑水平面上，有10個(gè)相同的小球沿直線等間隔均勻分布，總長(zhǎng)度為l，并以相同的速度v0向右運(yùn)動(dòng)，如圖甲所示。在小球的正前方有一“加速帶”AB，當(dāng)小球從左端A進(jìn)入加速帶后在水平恒力作用下被加速，直至從右端B離開，小球經(jīng)過(guò)加速帶前后速度的變化情況如圖乙所示。已知1號(hào)球剛從B端離開時(shí)，4號(hào)球剛好從A端進(jìn)入。不考慮球的大小，試求 (1)10個(gè)小球最終分布的總長(zhǎng)度。 (2)加速帶對(duì)10個(gè)小球做功的總功率P。已知小球在加速帶上所受水平恒力為F。 【解析】（1）“最終”是指10個(gè)小球全部離開了加速帶。根據(jù)圖乙可知，所有小球從加速帶B端出來(lái)后速度都被加速到了3v0，且保持這個(gè)速度不變，這就意味著一旦10個(gè)小球全部從B端出來(lái)后，它們的總長(zhǎng)度也會(huì)保持不變。這個(gè)長(zhǎng)度就是10號(hào)球剛離開B端時(shí)，它與1號(hào)間的距離。 由于每個(gè)小球在加速帶上運(yùn)動(dòng)的情況完全相同，因此，小球依次從B端離開加速帶的時(shí)間差等于依次進(jìn)入加速帶的時(shí)間差。這樣，10號(hào)球與1號(hào)球出加速帶的時(shí)間差與進(jìn)入加速帶的時(shí)間差Δt相等，而Δt=lv0 故10號(hào)球剛從B端出來(lái)時(shí)，1號(hào)與10號(hào)間的距離L=3v0Δt 解得L=3l 此即10個(gè)小球最終分布的總長(zhǎng)度。 （2）因加速帶對(duì)10個(gè)小球做功并不同步，故對(duì)10個(gè)小球做功的總功率要小于對(duì)單個(gè)小球做功的功率之和。 小球在加速帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間T=Δt3 小球在加速帶上運(yùn)動(dòng)的平均速度v=v0+3v02=2v0 故加速帶長(zhǎng)度為L(zhǎng)0=vT 因而加速帶對(duì)10個(gè)小球所做總功為W=10FL0 加速帶做功的總時(shí)間應(yīng)是從1號(hào)球進(jìn)入加速帶A端開始，直到10號(hào)球離開加速帶B端為止，這段時(shí)間即t=Δt +T 又加速帶對(duì)10個(gè)小球做功的總功率為P=Wt 解得P=5Fv0 2．【2019四川省廣元市模擬】如圖所示，傾角θ＝37的粗糙傳送帶與光滑水平面通過(guò)半徑可忽略的光滑小圓弧平滑連接，傳送帶始終以v＝3m/s的速率順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，A、B、C滑塊的質(zhì)量分別為mA=1kg，mB=2kg，mC=3kg，（各滑塊均可視為質(zhì)點(diǎn)）．A、B間夾著質(zhì)量可忽略的火藥．k為處于原長(zhǎng)的輕質(zhì)彈簧，兩端分別與B、C連接．現(xiàn)點(diǎn)燃火藥（此時(shí)間極短且不會(huì)影響各物體的質(zhì)量和各表面的光滑程度），滑塊A以6m/s的速度水平向左沖出，接著沿傳送帶向上運(yùn)動(dòng)，已知滑塊A與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ＝0.75，傳送帶與水平面足夠長(zhǎng)，取g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8． (1)計(jì)算滑塊A沿傳送帶向上滑行的最大距離x； (2)在滑塊B、彈簧、滑塊C相互作用的過(guò)程中，當(dāng)彈簧第一次恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)（此時(shí)滑塊A還未追上滑塊B），計(jì)算B、C的速度； (3)若滑塊A追上滑塊B時(shí)能粘住，定量分析在A與B相遇的各種可能情況下，A、B、C及彈簧組成系統(tǒng)的機(jī)械能范圍．（提示：因A、B相遇時(shí)，B的速度不可預(yù)知，故粘住后A、B、C及彈簧組成系統(tǒng)的機(jī)械能有各種可能值） 【解析】（1）滑塊A沿傳送帶向上的運(yùn)動(dòng)的過(guò)程 由動(dòng)能定理有：-(mAgsinθ+μmAgcosθ)x=0-12mAvA2 代入數(shù)據(jù)解得：x＝1.5m （2）炸藥爆炸過(guò)程，設(shè)B獲得的速度為vB，對(duì)A、B系統(tǒng) 由動(dòng)量守恒有：–mAvA＋mBvB＝0 解得：vB=3m/s 在B、C相互作用的過(guò)程中，設(shè)當(dāng)彈簧第一次恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，B、C的速度分別為vB、vC 由動(dòng)量守恒有：mBvB=mBvB+mCvC 由能量守恒有：12mBvB2=12mBvB2+12mCvC2 解得：vB=mB-mCmB+mCvB=-0.6m/s vC=2mBmB+mCvB=2.4m/s （3）因滑動(dòng)摩擦力f＝μmgcosθ＝6N，重力沿斜面向下的分力mgsinθ＝6N．所以A到達(dá)最高點(diǎn)后先反向加速，當(dāng)速度達(dá)到3m/s后隨傳送帶一起（相對(duì)傳送帶靜止）返回光滑水平面 此時(shí)：vA=3m/s 因A、B相遇時(shí)，B的速度不能確定，可能是–0.6m/s與3m/s間的任何值． ①當(dāng)vB=-0.6m/s時(shí)，此時(shí)vC=2.4m/s，機(jī)械能損失最大，系統(tǒng)機(jī)械能最小．設(shè)A、B粘連后的共同速度為v′． 由動(dòng)量守恒有：mAvA+mBvB=(mA+mB)v 解得：v′=0.6m/s 系統(tǒng)機(jī)械能的最小值：Emin=12mCvC2+12(mA+mB)v2=9.18J ②當(dāng)vB=3m/s時(shí)，此時(shí)vC=0，機(jī)械能損失最小，ΔE損=0 系統(tǒng)機(jī)械能的最大值Emax=12mAvA2+12mBvB2=13.5J 所以A、B、C及彈簧系統(tǒng)機(jī)械能范圍：9.18J≤E≤13.5J 3．【2019無(wú)錫市模擬】高頻焊接是一種常用的焊接方法，圖甲是焊接的原理示意圖．將半徑為r＝10 cm的待焊接的環(huán)形金屬工件放在線圈中，然后在線圈中通以高頻變化電流，線圈產(chǎn)生垂直于工件所在平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示，t＝0時(shí)刻磁場(chǎng)方向垂直線圈所在平面向外．工件非焊接部分單位長(zhǎng)度上的電阻R0＝1.010－3Ωm－1，焊縫處的接觸電阻為工件非焊接部分電阻的9倍，焊接的縫寬非常小，不計(jì)溫度變化對(duì)電阻的影響． (1) 在圖丙中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的it圖象(以逆時(shí)針方向電流為正)，并寫出必要的計(jì)算過(guò)程； (2) 求環(huán)形金屬工件中感應(yīng)電流的有效值； (3) 求t＝0.30 s內(nèi)電流通過(guò)焊接處所產(chǎn)生的焦耳熱． 【解析】(1) 環(huán)形金屬工件電阻為R＝2πrR0＋92πrR0＝20πrR0＝6.2810－3Ω 在0～2T3時(shí)間內(nèi)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為 E＝ΔBΔtπr2＝6.28V 電流為I＝ER＝1.0103A 由楞次定律得到電流方向逆時(shí)針，I-t關(guān)系圖象如圖所示： (2) 在同一個(gè)周期內(nèi)I有效2RT=I2R?2T3 解得I有效＝100063A＝816A. (3) 在t＝0.30s內(nèi)電流通過(guò)焊接處所產(chǎn)生的焦耳熱為Q＝I2有效R′t 而R′＝92πrR0＝5.6510－3Ω 解得Q＝I2有效R′t＝1.13103J. 4．【2019福建省泉州市模擬】如圖甲所示，將兩根足夠長(zhǎng)、間距為L(zhǎng)的平行光滑金屬導(dǎo)軌固定在同一水平面內(nèi)，左端接一阻值為R的電阻，與導(dǎo)軌垂直的虛線ef右邊區(qū)域存在方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，質(zhì)量為m的金屬桿PQ靜止在導(dǎo)軌上?，F(xiàn)對(duì)桿施加一水平向右的恒定拉力，經(jīng)過(guò)時(shí)間t桿進(jìn)人磁場(chǎng)，并開始做勻速直線運(yùn)動(dòng)，桿始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，導(dǎo)軌和桿的電阻均不計(jì)。 (1)求勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B； (2)若桿進(jìn)入磁場(chǎng)后的某時(shí)刻撤去拉力，桿運(yùn)動(dòng)的速度與此后的位移關(guān)系圖象如圖乙所示，求0~x0與x0~3x0兩個(gè)過(guò)程中電阻R產(chǎn)生的熱量之比Q1Q2。 【解析】（1）設(shè)拉力大小為F，桿的加速度為a，進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度為v0，則F=ma； 桿做勻加速運(yùn)動(dòng)，則v0=at， 桿在磁場(chǎng)中做勻速運(yùn)動(dòng)，則F=F安=BIL I=E/R E=BLv0 聯(lián)立解得：B=mRL2t （2）撤去拉力后，由圖乙可知，桿在x=x0處的速度大小為v=2v03 由能量關(guān)系，在0-x0過(guò)程中，電阻R產(chǎn)生的熱量Q1=12mv02-12mv2 在x0-3x0過(guò)程中，電阻R產(chǎn)生的熱量Q2=12mv2 解得Q1Q2=54 5．【2018廣東省佛山市模擬】如圖所示，兩根互相平行的金屬導(dǎo)軌MN、PQ水平放置，相距d=1m、且足夠長(zhǎng)、不計(jì)電阻。AC、BD區(qū)域光滑，其它區(qū)域粗糙且動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2，并在AB的左側(cè)和CD的右側(cè)存在著豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2T。在導(dǎo)軌中央放置著兩根質(zhì)量均為m=1kg，電阻均為R=2Ω的金屬棒a、b，用一鎖定裝置將一彈簧壓縮在金屬棒a、b之間(彈簧與a、b不栓連)，此時(shí)彈簧具有的彈性勢(shì)能E=9J。現(xiàn)解除鎖定，當(dāng)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，a、b棒剛好進(jìn)入磁場(chǎng)，且b棒向右運(yùn)動(dòng)x=0.8m后停止，g取10m/s2，求： (1)a、b棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大?。? (2)金屬棒b剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的加速度大小 (3)整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電路中產(chǎn)生的焦耳熱。 【解析】（1）對(duì)ab系統(tǒng)，由動(dòng)量守恒：0=mva-mvb 由能量關(guān)系：EP=12mva2+12mvb2 解得va=vb=3m/s （2）當(dāng)ab棒進(jìn)入磁場(chǎng)后，兩棒均切割磁感線，產(chǎn)生感生電動(dòng)勢(shì)串聯(lián)，則有：Ea=Eb=Bdva=6V又：I=2Ea2R=3A 對(duì)b，由牛頓第二定律：BId+μmg=mab 解得ab=8m/s2 （3）由動(dòng)量守恒可知，ab棒速率時(shí)刻相同，即兩者移動(dòng)相同距離后停止，則對(duì)系統(tǒng)，由能量守恒：EP=2μmgx+Q 解得Q=5.8J 6．【2019浙江省建德市模擬】如圖所示，兩平行且無(wú)限長(zhǎng)光滑金屬導(dǎo)軌 MN、PQ豎直放置，兩導(dǎo)軌之間的距離為 L=1m，兩導(dǎo)軌 M 、 P之間接入電阻 R =0.2Ω，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，在 a b c d區(qū)域內(nèi)有一個(gè)方向垂直于兩導(dǎo)軌平面向里的磁場(chǎng)Ⅰ，磁感應(yīng)強(qiáng)度 B1=1T．磁場(chǎng)的寬度 x1=1m，在 c d連線以下區(qū)域有一個(gè)方向也垂直于導(dǎo)軌平面向里的磁場(chǎng)Ⅱ．一個(gè)質(zhì)量為 m=0.5kg 的金屬棒垂直放在金屬導(dǎo)軌上，與導(dǎo)軌接觸良好，金屬棒的電阻 r=0.2Ω，若金屬棒緊貼 a b連線處自由釋放，金屬棒剛出磁場(chǎng)Ⅰ時(shí)恰好做勻速直線運(yùn)動(dòng)。金屬棒進(jìn)入磁場(chǎng)Ⅱ后，經(jīng)過(guò) t =1.8s 到達(dá)ef時(shí)系統(tǒng)處于穩(wěn)定狀態(tài)，cd與 e f之間的距離 x=10m．（g取 10m/s2） （1）金屬棒剛出磁場(chǎng)Ⅰ時(shí)的速度大??； （2）金屬棒穿過(guò)磁場(chǎng)Ⅰ這段時(shí)間內(nèi)電阻R產(chǎn)生的熱量； （3）磁場(chǎng)Ⅱ磁感應(yīng)強(qiáng)度B2 大小 【解析】(1) 導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為： E1=B1Lv1 由閉合電路歐姆定律有：I1=E1R+r 安培力為：FA1=B1LI1 勻速時(shí)有：FA1=mg 解得：v1=2m/s； (2)穿過(guò)磁場(chǎng)I過(guò)程中由動(dòng)能定理得： mgx1+WA=12mv12-0 解得：WA=-4J 所以Q=-WA=4J QRQ=RR+r 解得：QR=2J； (3)穩(wěn)定時(shí)有：B22Lv2R+r=mg v2=2B22 穿過(guò)磁場(chǎng)II過(guò)程中由動(dòng)量定理得： mgt2-∑B22Lv2R+rΔt=mv2-mv1 25B24-10B22+1=0 聯(lián)立解得：B2=55T。 7．【2019四川省成都市模擬】如圖，質(zhì)量分別為mA=1kg、mB=2kg的A、B兩滑塊放在水平面上，處于場(chǎng)強(qiáng)大小E=3105N/C、方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，A不帶電，B帶正電、電荷量q=210－5C。零時(shí)刻，A、B用繃直的細(xì)繩連接(細(xì)繩形變不計(jì))著，從靜止同時(shí)開始運(yùn)動(dòng)，2s末細(xì)繩斷開。已知A、B與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=0.1，重力加速度大小g=10m/s2。求： (1)前2s內(nèi)，A的位移大?。? (2)6s末，電場(chǎng)力的瞬時(shí)功率。 【解析】（1）B所受電場(chǎng)力為F=Eq=6N；繩斷之前，對(duì)系統(tǒng)由牛頓第二定律：F-μ(mA+mB)g=(mA+mB)a1 可得系統(tǒng)的加速度a1=1m/s2； 由運(yùn)動(dòng)規(guī)律：x=12a1t12 解得A在2s內(nèi)的位移為x=2m； （2）設(shè)繩斷瞬間，AB的速度大小為v1，t2=6s時(shí)刻，B的速度大小為v2，則v1=a1t1=2m/s； 繩斷后，對(duì)B由牛頓第二定律：F-μmBg=mBa2 解得a2=2m/s2； 由運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知：v2=v1+a2(t2-t1) 解得v2=10m/s 電場(chǎng)力的功率P=Fv，解得P=60W