(浙江選考)2020版高考物理大一輪復習 第三章 牛頓運動定律本章綜合能力提升練.docx
《(浙江選考)2020版高考物理大一輪復習 第三章 牛頓運動定律本章綜合能力提升練.docx》由會員分享,可在線閱讀,更多相關《(浙江選考)2020版高考物理大一輪復習 第三章 牛頓運動定律本章綜合能力提升練.docx(8頁珍藏版)》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
第三章 牛頓運動定律 本章綜合能力提升練 (限時:45分鐘) 一、單項選擇題 1.(2018寧波市重點中學聯(lián)考)請你利用已經(jīng)學過的物理知識進行判斷,下列說法正確的是( ) A.伽利略通過邏輯推理,推翻了“重物比輕物落得快”的觀點 B.牛頓通過“理想斜面實驗”得出“力不是維持物體運動的原因”的觀點 C.汽車上坡時,司機應該使用較高轉速的擋位來行駛 D.超速行駛是安全行車的大敵,其原因是汽車的速度越大,其慣性也越大 答案 A 2.電導率σ是用來描述物質中電荷流動難易程度的參數(shù),為電阻率ρ的倒數(shù),即σ=.用國際單位制中的基本單位表示電導率的單位應為( ) A. B. C. D. 答案 B 解析 由單位制可知電導率的單位為,1=1=1=1=1,選B. 3.如圖1所示,質量相等的甲、乙兩人所用繩子相同,甲拉住繩子懸在空中處于靜止狀態(tài);乙拉住繃緊繩子的中點把繩子拉斷了,則( ) 圖1 A.繩子對甲的拉力小于甲的重力 B.繩子對甲的拉力大于甲對繩子的拉力 C.乙拉斷繩子前瞬間,繩上的拉力一定小于乙的重力 D.乙拉斷繩子前瞬間,繩上的拉力一定大于乙的重力 答案 D 解析 甲拉住繩子懸在空中處于靜止狀態(tài),繩子對甲的拉力等于甲的重力,A錯誤;由牛頓第三定律可知,繩子對甲的拉力與甲對繩子的拉力大小相等,B錯誤;因乙能把繩子拉斷,說明乙拉斷繩子前瞬間,繩子的拉力一定大于甲拉繩子的力,也一定大于乙的重力,故C錯誤,D正確. 4.(2019屆衢州市質檢)如圖2甲所示,是某人站在力傳感器上做下蹲、起跳動作的示意圖,中間的“”表示人的重心.圖乙是根據(jù)傳感器畫出的F-t圖線.兩圖中a~g各點均相對應,其中有幾個點在圖甲中沒有畫出,圖乙中a、c、e點對應的縱坐標均為700N.取重力加速度g=10m/s2.請根據(jù)這兩個圖所給出的信息,判斷下面說法中正確的是( ) 甲 乙 圖2 A.此人重心在b點時處于超重狀態(tài) B.此人重心在c點時的加速度大小大于在b點時的加速度大小 C.此人重心在e點時的加速度大小大于在a點時的加速度大小 D.此人重心在f點時,腳剛好離開傳感器 答案 D 解析 由題圖知a、c、e點處對應F=G,故加速度等于0,b點處F<G,處于失重狀態(tài),重心在f點時,F(xiàn)=0,腳剛好離開傳感器.故選D. 5.質量為60kg的人,站在升降機內的臺秤上,測得體重為480N,則升降機的運動是(g取10m/s2)( ) A.可能是勻速下降 B.升降機加速度大小為2m/s2 C.升降機加速度大小為3m/s2 D.可能是減速下降 答案 B 解析 對人受力分析,受重力和支持力,支持力小于重力,故合力向下,加速度向下,故升降機的加速度也向下,所以升降機的運動是加速下降或減速上升,由牛頓第二定律得mg-F=ma,解得a=m/s2=2 m/s2,故B正確. 6.質量為mkg的質點,受水平恒力作用,由靜止開始做勻加速直線運動,它在ts內的位移為xm,則水平恒力的大小為(單位為N)( ) A. B. C. D. 答案 A 7.已知雨滴在空中運動時所受空氣阻力F阻=kr2v2,其中k為比例系數(shù),r為雨滴半徑,v為其運動速率.t=0時,雨滴由靜止開始下落,加速度用a表示.落地前雨滴已做勻速運動,速率為v0.下列圖象中不正確的是( ) 答案 D 解析 由mg-F阻=ma得,雨滴先加速下落,隨著v增大,阻力F阻增大,a減小,a=0時,v=v0不再變化,故A、B正確;又mg=kr2v02,v02=,又m=πρr3,得v02=r,故v與r成正比關系,故C正確,D錯誤. 8.用手提著一根掛有重物的輕彈簧,豎直向上做勻速直線運動,當手突然停止運動后的一小段時間內,可觀察到重物( ) A.立即停止運動 B.繼續(xù)向上做勻速運動 C.繼續(xù)向上做加速運動 D.繼續(xù)向上做減速運動 答案 D 解析 輕彈簧拉著重物做勻速直線運動,拉力等于重力,當手突然停止運動后的一小段時間內,由于慣性,重物繼續(xù)向上運動,在向上運動的過程中,彈簧的形變量減小,則彈力減小,重物所受的合力向下,加速度向下,向上做減速運動,故D正確,A、B、C錯誤. 9.如圖3所示,兩個質量相同的物體1和2緊靠在一起,放在光滑的水平桌面上.若它們分別受到水平推力F1和F2作用,而且F1>F2,則物體1對物體2的作用力大小為( ) 圖3 A.F1 B.F2 C.(F1+F2) D.(F1-F2) 答案 C 解析 設物體1和2的質量都為m,加速度為a,以整體為研究對象,由牛頓第二定律得a=,以物體2為研究對象,有a=,解得F12=,故C選項正確. 10.如圖4甲所示,小物塊從光滑固定斜面上自由滑下,小物塊的位移x和時間的平方t2的關系如圖乙所示.取g=10m/s2,下列說法正確的是( ) 圖4 A.小物塊的加速度大小恒為2.5m/s2 B.斜面傾角為60 C.小物塊2s末的速度是5m/s D.小物塊第2s內的平均速度為7.5m/s 答案 D 解析 由題圖乙得x=2.5t2,對照公式x=v0t+at2,得初速度v0=0,加速度a=5m/s2,選項A錯誤;由牛頓第二定律得ma=mgsinθ,則sinθ===0.5,θ=30,選項B錯誤;小物塊2s末的速度v2=at2=52m/s=10 m/s,選項C錯誤;小物塊1s末的速度v1=at1=5m/s,第2s內的平均速度==7.5m/s,選項D正確. 11.一個木塊以某一水平初速度滑上粗糙的水平面,在水平面上運動的v-t圖象如圖5所示.已知重力加速度為g,則根據(jù)圖象不能求出的物理量是( ) 圖5 A.木塊的位移大小 B.木塊的加速度大小 C.木塊所受摩擦力 D.木塊與水平面間的動摩擦因數(shù) 答案 C 解析 位移大小可由v-t圖象與時間軸所圍的面積求出,由v-t圖線的斜率可求出加速度大小a,由牛頓第二定律知,a=μg,故動摩擦因數(shù)μ也可求出,由于木塊的質量未知,故不能求出木塊所受摩擦力. 12.如圖6所示,傳送帶的水平部分AB是繃緊的,當傳送帶不運轉時,滑塊從斜面頂端由靜止下滑,通過AB所用時間為t1,從B端飛出時速度大小為v1.若傳送帶沿逆時針方向運轉,滑塊同樣從斜面頂端由靜止下滑,通過AB所用時間為t2,從B端飛出時速度大小為v2,則( ) 圖6 A.t1=t2,v1=v2 B.t1<t2,v1>v2 C.t1>t2,v1>v2 D.t1=t2,v1>v2 答案 A 解析 在兩種情況下,滑塊到達A點的初速度相等,在傳送帶上都做勻減速直線運動,加速度大小相等,根據(jù)速度位移公式知,到達B端的速度相等,即v1=v2,結合速度時間公式知,t1=t2,故A正確,B、C、D錯誤. 二、實驗題 13.某同學在用拉力傳感器探究“作用力與反作用力關系”的實驗中,把兩個力傳感器的掛鉤鉤在一起向相反方向拉動,觀察顯示器屏幕上出現(xiàn)的結果如圖7所示. 圖7 (1)觀察分析兩個力傳感器的相互作用力隨時間變化的曲線,得到的實驗結論為___________ ____________________________________________________; (2)如果實驗時保持一只手不動,另一只手拉動,與兩只手同時對拉得到的結論有沒有變化?________(選填“有”或“沒有”). 答案 (1)作用力與反作用力總是大小相等,方向相反(2)沒有 14.某同學用如圖8所示的實驗裝置探究“物體的加速度與力、質量的關系”,請回答下列有關此實驗的問題: 圖8 (1)該同學在實驗前準備了圖中所示的實驗裝置及下列輔助器材: A.交流電源、導線 B.天平(含配套砝碼) C.秒表 D.刻度尺 E.細線、沙和小沙桶 其中不必要的器材是________(填代號). (2)電火花計時器在小車拖動的紙帶上打下一系列點跡,以此記錄小車的運動情況.其中一部分紙帶上的點跡情況如圖9甲所示,已知電火花計時器打點的時間間隔T=0.02s,測得A點到B、C點的距離分別為x1=5.99cm,x2=13.59cm,則在打下點跡B時,小車運動的速度vB=________m/s;小車做勻加速直線運動的加速度a=________m/s2.(結果均保留三位有效數(shù)字) 圖9 (3)在探究“質量一定,加速度a與合外力F的關系”時,某學生根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出了如圖乙所示的a-F圖象,其中圖線不過原點的原因是_____________________________________ ___________________________________. 答案 (1)C (2)0.680 1.61 (3)平衡摩擦力過度 解析 (2)vB===10-2m/s≈0.680m/s a==10-2m/s2=1.61m/s2. 三、計算題 15.(2016浙江4月選考19)如圖10是上海中心大廈,小明乘坐大廈快速電梯,從底層到達第119層觀光平臺僅用時55s.若電梯先以加速度a1做勻加速運動,達到最大速度18m/s.然后以最大速度勻速運動,最后以加速度a2做勻減速運動恰好到達觀光平臺.假定觀光平臺高度為549 m,取g=10 m/s2. 圖10 (1)若電梯經(jīng)過20s勻加速達到最大速度,求加速度a1及上升高度h; (2)在(1)問中的勻加速上升過程中,若小明的質量為60kg,求小明對電梯地板的壓力; (3)求電梯勻速運動的時間. 答案 (1)0.9m/s2,方向豎直向上 180m (2)654N,方向豎直向下 (3)6s 解析 (1)由運動學公式可得 a1==m/s2=0.9 m/s2 h=a1t=0.9202m=180m (2)對小明受力分析,根據(jù)牛頓第二定律可得 FN-mg=ma1 則FN=mg+ma1=654N 根據(jù)牛頓第三定律得: 小明對地板的壓力FN′=FN=654N,方向豎直向下 (3)設勻速運動時間為t0,運動的總時間為t總,作出整個過程的v-t圖象如圖所示,則由v-t圖象可得H=(t總+t0)vm 解得t0=6s. 16.如圖11所示,一個質量為m=2kg的小物塊靜置于足夠長的斜面底端.現(xiàn)對其施加一個沿斜面向上、大小為F=25N的恒力,3s后將F撤去,此時物塊速度達到15m/s.設物塊運動過程中所受摩擦力的大小不變,取g=10 m/s2.求: 圖11 (1)物塊所受摩擦力的大?。? (2)物塊在斜面上運動離斜面底端的最遠距離; (3)物塊在斜面上運動的總時間.(結果可用根式表示) 答案 見解析 解析 (1)由運動學公式得:v1=a1t1 解得a1=5m/s2 由牛頓第二定律:F-Ff-mgsinθ=ma1 解得Ff=5N (2)撤去拉力后物塊繼續(xù)上滑:Ff+mgsinθ=ma2 解得a2=7.5m/s2 撤去拉力前上滑距離x1==22.5m 撤去拉力后上滑距離x2==15m 物塊在斜面上運動離斜面底端的最遠距離x=x1+x2=37.5m (3)撤去拉力后物塊上滑時間:t2==2s 下滑過程:mgsinθ-Ff=ma3 解得a3=2.5m/s2 由x=a3t,可得t3==s 物塊在斜面上運動的總時間t=t1+t2+t3=(5+) s- 配套講稿:
如PPT文件的首頁顯示word圖標,表示該PPT已包含配套word講稿。雙擊word圖標可打開word文檔。
- 特殊限制:
部分文檔作品中含有的國旗、國徽等圖片,僅作為作品整體效果示例展示,禁止商用。設計者僅對作品中獨創(chuàng)性部分享有著作權。
- 關 鍵 詞:
- 浙江選考2020版高考物理大一輪復習 第三章 牛頓運動定律本章綜合能力提升練 浙江 2020 高考 物理 一輪 復習 第三 牛頓 運動 定律 本章 綜合 能力 提升
裝配圖網(wǎng)所有資源均是用戶自行上傳分享,僅供網(wǎng)友學習交流,未經(jīng)上傳用戶書面授權,請勿作他用。
鏈接地址:http://www.820124.com/p-3924720.html