2019年高考物理一輪選練編題（含解析）（打包11套）新人教版.zip,2019,年高,物理,一輪,選練編題,解析,打包,11,新人 人教版物理2019年高考一輪選練編題（8） 李仕才 一、選擇題 1、如圖,水平傳送帶A,B兩端相距s=3.5 m,工件與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.1.工件滑上A端瞬時(shí)速度vA= 4 m/s,達(dá)到B端的瞬時(shí)速度設(shè)為vB,下列說(shuō)法正確的是(　ABC　) A.若傳送帶不動(dòng),則vB=3 m/s B.若傳送帶以速度v=4 m/s逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng),則vB=3 m/s C.若傳送帶以速度v=2 m/s順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng),則vB=3 m/s D.若傳送帶以速度v=2 m/s順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng),則vB=2 m/s 解析:若傳送帶不動(dòng),工件的加速度大小a==μg=1 m/s2,由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式有-=-2as,得到vB=3 m/s,選項(xiàng)A正確.若傳送帶以速度v=4 m/s逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng),工件的受力情況不變,由牛頓第二定律得知,工件的加速度大小仍為a=μg,工件的運(yùn)動(dòng)情況跟傳送帶不動(dòng)時(shí)的一樣,則vB=3 m/s,選項(xiàng)B正確;若傳送帶以速度v=2 m/s順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng),工件滑上傳送帶時(shí)所受的滑動(dòng)摩擦力方向水平向左,做勻減速運(yùn)動(dòng),工件的加速度大小仍為a=μg,工件的運(yùn)動(dòng)情況跟傳送帶不動(dòng)時(shí)的一樣,則vB=3 m/s,選項(xiàng)C正確,D錯(cuò)誤. 2、如圖所示，中間有孔的物塊A套在光滑的豎直桿上，通過(guò)滑輪用不可伸長(zhǎng)的輕繩將物體拉著勻速向上運(yùn)動(dòng)，則關(guān)于拉力F以及拉力作用點(diǎn)的移動(dòng)速度v的下列說(shuō)法正確的是(　　) A．F不變，v不變　　　 B．F增大，v減小 C．F增大，v增大 D．F增大，v不變 解析：選B.設(shè)繩子與豎直方向上的夾角為θ，因?yàn)锳做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上合力為零，有：Fcos θ＝mg，因?yàn)棣仍龃螅瑒tF增大，物體A沿繩子方向上的分速度v1＝vcos θ，因?yàn)棣仍龃?，則v減小，故B正確，ACD錯(cuò)誤． 3、如圖，一質(zhì)量為m的滑塊靜止置于傾角為30°的粗糙斜面上，一根輕彈簧一端固定在豎直墻上的P點(diǎn)，另一端系在滑塊上，彈簧與斜面垂直，則( ) A．滑塊不可能只受到三個(gè)力作用 B．彈簧不可能處于伸長(zhǎng)狀態(tài) C．斜面對(duì)滑塊的支持力大小可能為零 D．斜面對(duì)滑塊的摩擦力大小一定等于mg 【答案】D 【解析】彈簧與斜面垂直，所以物體要靜止在斜面上必須受斜面的摩擦力，這樣才能平衡重力沿斜面的分力，有摩擦力則必有斜面對(duì)滑塊的支持力，彈簧不知是伸長(zhǎng)、壓縮還是原長(zhǎng)，所以D正確。 4、(多選)如圖所示，在光滑水平面上停放質(zhì)量為m裝有弧形槽的小車(chē)．現(xiàn)有一質(zhì)量也為m的小球以v0的水平速度沿切線水平的槽口向小車(chē)滑去(不計(jì)摩擦)，到達(dá)某一高度后，小球又返回小車(chē)右端，則(　　) A．小球在小車(chē)上到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)的速度大小為 B．小球離車(chē)后，對(duì)地將向右做平拋運(yùn)動(dòng) C．小球離車(chē)后，對(duì)地將做自由落體運(yùn)動(dòng) D．此過(guò)程中小球?qū)?chē)做的功為mv 解析：選ACD.小球到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，小車(chē)和小球相對(duì)靜止，且水平方向總動(dòng)量守恒，小球離開(kāi)小車(chē)時(shí)類(lèi)似完全彈性碰撞，兩者速度互換，故A、C、D都是正確的． 5、(1)(5分)下列說(shuō)法正確的是　　　(填正確答案標(biāo)號(hào).選對(duì)1個(gè)得2分,選對(duì)2個(gè)得4分,選對(duì)3個(gè)得5分.每選錯(cuò)1個(gè)扣3分,最低得分為0分).? A.空氣的絕對(duì)濕度大,相對(duì)濕度一定大 B.同一溫度下,氮?dú)夥肿拥钠骄鶆?dòng)能一定大于氧氣分子的平均動(dòng)能 C.荷葉上的小水滴呈球形,這是表面張力使液面收縮的結(jié)果 D.有一分子a從無(wú)窮遠(yuǎn)處靠近固定不動(dòng)的分子b,當(dāng)a,b間分子力為零時(shí),它們具有的分子勢(shì)能一定最小 E.一定質(zhì)量的理想氣體等溫膨脹,一定吸收熱量 (2)(10分)如圖所示,玻璃管粗細(xì)均勻,兩封閉端裝有理想氣體,上端氣柱長(zhǎng)30 cm、下端氣柱長(zhǎng)27 cm,中間水銀柱長(zhǎng)10 cm.在豎直管中間接一水平玻璃管,右端開(kāi)口與大氣相通,管的直徑與豎直部分相同,用光滑活塞封閉5 cm長(zhǎng)水銀柱.現(xiàn)用外力緩慢推活塞恰好將水平管中水銀全部推入豎直管中,此時(shí)上端氣柱較原來(lái)縮短2 cm,求外界大氣壓強(qiáng)為多少. 解析:(1)對(duì)于不同的壓強(qiáng)和溫度,水的飽和汽壓不同,故絕對(duì)濕度大時(shí)相對(duì)濕度不一定大,故A錯(cuò)誤;溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志,同一溫度下,氮?dú)夥肿拥钠骄鶆?dòng)能一定等于氧氣分子的平均動(dòng)能,故B錯(cuò)誤;荷葉上的小水滴呈球形,這是表面張力使液面收縮的結(jié)果,故C正確;分子a從無(wú)窮遠(yuǎn)處靠近固定不動(dòng)的分子b,分子間距大于r0時(shí)分子力表現(xiàn)為引力,沒(méi)有達(dá)到平衡位置過(guò)程中,分子力做正功,則分子勢(shì)能減小;分子間距小于r0時(shí),分子力表現(xiàn)為斥力,距離再減小的過(guò)程中分子力做負(fù)功,分子勢(shì)能增大.所以當(dāng)a,b間等于r0時(shí),分子力為零,它們具有的分子勢(shì)能最小,故D正確;一定質(zhì)量的理想氣體等溫膨脹,氣體對(duì)外做功,而內(nèi)能不變,根據(jù)熱力學(xué)第一定律,氣體一定從外界吸熱,故E正確. (2)上端封閉氣體的壓強(qiáng) p1=p0-ph=(p0-5)cmHg, 下端封閉氣體的壓強(qiáng) p2=p0+ph=(p0+5)cmHg, 氣體發(fā)生等溫變化,由玻意耳定律得 上部分氣體:p1L1S=p1′L1′S, 下部分氣體:p2L2S=p2′L2′S, 其中:p2′=p1′+3×5 cmHg,L1′=L1-2 cm,L2′=L2-3 cm,解得p0=75 cmHg. 答案:(1)CDE　(2)75 cmHg 6、如圖所示，有一個(gè)矩形邊界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里．一個(gè)三角形閉合導(dǎo)線框，由位置1(左)沿紙面勻速運(yùn)動(dòng)到位置2(右)．取線框剛到達(dá)磁場(chǎng)邊界的時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)(t＝0)，規(guī)定逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)殡娏鞯恼较颍瑒t圖中能正確反映線框中電流與時(shí)間關(guān)系的是(　　) 解析：選A.線框進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程，磁通量向里增加，根據(jù)楞次定律得知感應(yīng)電流的磁場(chǎng)向外，由安培定則可知感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，電流方向應(yīng)為正方向，故B、C錯(cuò)誤；線框進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程，線框有效的切割長(zhǎng)度先均勻增大后均勻減小，由E＝BLv，可知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)先均勻增大后均勻減??；線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)后，磁通量不變，沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生；線框穿出磁場(chǎng)的過(guò)程，磁通量向里減小，根據(jù)楞次定律得知感應(yīng)電流的磁場(chǎng)向里，由安培定則可知感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，電流方向應(yīng)為負(fù)方向，線框有效的切割長(zhǎng)度先均勻增大后均勻減小，由E＝BLv，可知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)先均勻增大后均勻減??；故A正確，D錯(cuò)誤． 7、如圖所示，在真空中有一對(duì)帶電的平行金屬板水平放置．一帶電粒子沿平行于板面的方向，從左側(cè)兩極板中央射入電場(chǎng)中，恰能從右側(cè)極板邊緣處離開(kāi)電場(chǎng)．不計(jì)粒子重力．若可以改變某個(gè)量，下列哪種變化，仍能確保粒子一定飛出電場(chǎng)(　　) A．只增大粒子的帶電量 B．只增大電場(chǎng)強(qiáng)度 C．只減小粒子的比荷 D．只減小粒子的入射速度 【答案】C 【解析】設(shè)極板長(zhǎng)為L(zhǎng)，極板間的距離為d，帶電粒子的質(zhì)量為m、電荷量為q、加速度為a，沿平行板面方向帶電粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)L＝vt，垂直板面方向做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)＝at2，qE＝ma，由以上三式解得＝，若只增大粒子的帶電量或只增大電場(chǎng)強(qiáng)度或只減小粒子的入射速度，則粒子在豎直方向的位移y>，粒子將打在極板上，不能飛出電場(chǎng)，選項(xiàng)A、B、D錯(cuò)誤；若只減小粒子的比荷，則粒子在豎直方向的位移y<，粒子能飛出電場(chǎng)，選項(xiàng)C正確． 8、如圖所示是一旅行箱，它既可以在地面上推著行走，也可以在地面上拉著行走．已知該旅行箱的總質(zhì)量為15 kg，一旅客用斜向上的拉力拉著旅行箱在水平地面上做勻速運(yùn)動(dòng)，若拉力的最小值為90 N，此時(shí)拉力與水平方向間的夾角為θ，重力加速度大小為g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，旅行箱受到地面的阻力與其受到地面的支持力成正比，比值為μ，則(　　) A. μ＝0.5，θ＝37° B. μ＝0.5，θ＝53° C. μ＝0.75，θ＝53° D. μ＝0.75，θ＝37° 【來(lái)源】【全國(guó)百?gòu)?qiáng)?！亢邶埥」枮I市第六中學(xué)2018屆高三下學(xué)期考前押題卷（二）理科綜合物理試題 【答案】 D 【解析】對(duì)物體受力分析，如圖所示： 令μ=tanα，則F=； 當(dāng)α-θ=0°時(shí)，F(xiàn)有最小值，故F=sinαG=90N，故α=37°， 故μ=tan37°=0.75，θ=37°；故選D. 點(diǎn)睛：本題關(guān)鍵是對(duì)物體受力分析，根據(jù)平衡條件并采用正交分解法列式分析，第二問(wèn)令μ=tanα求解F的最小值的表達(dá)式是關(guān)鍵； 二、非選擇題 1、如圖甲所示，質(zhì)量均為m的B、C兩滑板，靜置于光滑水平面上，滑板B與滑板C的水平部分長(zhǎng)度均為L(zhǎng).C滑板右端是半徑為L(zhǎng)/4的1/4光滑圓弧，B與固定擋板P相距L/6.現(xiàn)有一質(zhì)量為m的小鐵塊A以初速度v0滑上B.通過(guò)速度傳感器測(cè)得B的速度變化如圖乙所示，B在撞上P前的瞬間速度為v0/4，B與P相撞后瞬間速度變?yōu)榱悖螅? (1)①B在撞上P前的瞬間，A的速度v1. ②A與B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1. (2)已知A滑上C時(shí)的初速度v2＝. ①若滑板C水平部分光滑，則A滑上C后是否能從 C的右端圓弧軌道沖出？ ②如果要A滑上C后最終停在C上，隨C一起運(yùn)動(dòng)，A與C水平部分間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2至少要多大？ 解析：(1)①對(duì)AB系統(tǒng)滿(mǎn)足動(dòng)量守恒 mv0＝m＋mv1 ① 得v1＝v0 ② ②由B的v-t圖線可知，B在與P碰撞前一直都受摩擦力的作用，對(duì)B由動(dòng)能定理得 μ1mg＝m2－0 ③ 解得μ1＝ ④ (2)①設(shè)A以v3滑上C后，沖至C右端軌道最高點(diǎn)恰好與C達(dá)到共速而不沖出軌道，設(shè)此共同速度為vC，則 mv3＝mvC＋mvC ⑤ mg＝mv－ ⑥ 解得v3＝＜ ⑦ 故，A滑上C后會(huì)從滑板C的右端沖出圓弧軌道． ②設(shè)A最終恰好能停在C的最左端，在此情況下A與C的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2，則對(duì)AC系統(tǒng)有 μ2mg·2L＝mv－2mv mv2＝2mv共 解得μ2＝＝0.375 因?yàn)榧词笰從C的右端沖出圓弧軌道，由于A與C水平方向速度相同，最終A還會(huì)落回到C上，故無(wú)論A是否會(huì)從滑板C的右端沖出圓弧軌道，A與C水平部分間的摩擦因數(shù)都至少為. 答案：(1)①v0?、凇?2)①能?、?.375 2．(2017·山西運(yùn)城上學(xué)期期末)如圖所示的區(qū)域中，左邊為垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B大小未知，右邊是一個(gè)電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E＝的勻強(qiáng)電場(chǎng)，其方向平行于OC向上且垂直于磁場(chǎng)方向；有一初速度大小為v0，質(zhì)量為m、電荷量為－q的帶電粒子從P點(diǎn)沿與邊界線PQ的夾角θ＝60°的方向射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，恰好從距O點(diǎn)正上方L處的C點(diǎn)垂直于OC射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，最后打在Q點(diǎn)，不計(jì)粒子的重力，求： (1)磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小； (2)求粒子從P至Q所用時(shí)間及OQ的長(zhǎng)度； (3)如果保持電場(chǎng)與磁場(chǎng)方向不變，而將它們左右對(duì)調(diào)，且磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)樵瓉?lái)的，電場(chǎng)強(qiáng)度減小到原來(lái)的一半，粒子仍從P點(diǎn)以速度v0沿某一方向射入，恰好從O點(diǎn)正上方的小孔C射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，則粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑是多少？ 解析：①粒子在磁場(chǎng)中做的是勻速圓周運(yùn)動(dòng)，在電場(chǎng)中粒子做的是類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)；②根據(jù)幾何關(guān)系求出帶電粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑． (1)做出粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡， 由幾何關(guān)系可知：r＋rcos 60°＝L 由洛倫茲力提供向心力可得：qv0B＝解得B＝ (2)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期T＝ 粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：t1＝ 粒子在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，在垂直電場(chǎng)方向： x＝v0t2 在平行電場(chǎng)方向：qE＝ma L＝at 解得粒子從P運(yùn)動(dòng)至Q點(diǎn)所用的時(shí)間： t＝t1＋t2＝＋ OQ的長(zhǎng)度為：x＝2L (3)電場(chǎng)和磁場(chǎng)左右對(duì)調(diào)后，粒子在電場(chǎng)中， E′＝E＝ 由動(dòng)能定理可得：－qEL＝mv2－mv 粒子在磁場(chǎng)中：B′＝B＝ 根據(jù)牛頓第二定律：qv0B′＝ 解得粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為：r′＝L 答案：(1)B＝　(2)＋　2L　(3)r′＝L 9