高考物理二輪復(fù)習(xí) 選擇題31分模擬小卷（打包8套）.zip,高考物理二輪復(fù)習(xí),選擇題31分模擬小卷打包8套,高考,物理,二輪,復(fù)習(xí),選擇題,31,模擬,打包 選擇題31分模擬小卷(七) 一、單項選擇題(本題共5小題，每小題3分，共計15分。每小題只有一個選項符合題意。) 1．粗糙的水平地面上有一只木箱，現(xiàn)用一水平拉力拉木箱勻速前進，則(　　) A．拉力與地面對木箱的摩擦力是一對作用力與反作用力 B．木箱對地面的壓力與地面對木箱的支持力是一對平衡力 C．木箱對地面的壓力與地面對木箱的支持力是一對作用力與反作用力 D．木箱對地面的壓力與木箱受到的重力是一對平衡力 解析　拉力與地面對木箱的摩擦力作用在一個物體上，是一對平衡力，A錯；木箱對地面的壓力與地面對木箱的支持力分別作用在地面和木箱上，作用在兩個物體上，不是一對平衡力，B錯，C正確；木箱對地面的壓力與木箱受到的重力方向相同，作用在兩個物體上，不是一對平衡力，D錯。 答案　C 2．(2016·南通市模擬)2015年12月17日，我國首顆暗物質(zhì)粒子探測衛(wèi)星“悟空”在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射升空，將去太空尋找暗物質(zhì)存在的證據(jù)，這是人類在探索宇宙核心秘密的進程中邁出的又一重要步伐。若“悟空”繞地球運行n圈所用的時間為t，已知地球表面的重力加速度為g，地球半徑為R，則“悟空”在圓軌道上運行的速率為(　　) A. B. C. D. 解析　“悟空”的運行周期T＝，由萬有引力提供向心力有G＝mr，對地面上的物體有G＝m′g，聯(lián)立解得r＝，故v＝＝，C正確。 答案　C 3．已知動車進站前關(guān)閉發(fā)動機做勻變速直線運動，運動過程中先后經(jīng)過A、B、C、D四點，如果測出AB＝500 m，BC＝400 m，測得動車通過AB段與通過BC段所用的時間相等，動車運動到D點時恰好停住，則下列說法正確的是(　　) A．動車經(jīng)過A點時的瞬時速度為100 m/s B．動車關(guān)閉發(fā)動機后做勻變速直線運動的加速度大小為10 m/s2 C．動車在AD段做勻變速直線運動的平均速度為40 m/s D．CD段的距離為612.5 m 解析　設(shè)動車運動到A點時的速度為v0，通過AB段和BC段的時間均為T，加速度大小為a，則有v0T－aT2＝500 m，v0·2T－a(2T)2＝500 m＋400 m，解得v0＝，a＝，動車減速到零通過的位移為x＝＝1 512.5 m，故CD段的距離為CD＝x－AC＝1 512.5 m－900 m＝612.5 m，D正確；因為沒有給出通過AB段的具體時間，有關(guān)速度、加速度和平均速度都不能計算出具體數(shù)值，A、B、C均錯誤。 答案　D 4.質(zhì)譜儀是一種研究粒子運動的重要儀器。如圖1所示為質(zhì)譜儀的工作原理圖。A點產(chǎn)生的a、b兩種粒子(初速度為零)經(jīng)電壓為U的加速電場加速，然后進入磁感應(yīng)強度大小為B的磁場偏轉(zhuǎn)后，分別打在照相底片上的M、N兩點，圖中虛線是兩粒子的運動軌跡。不計粒子重力，不考慮粒子間的相互作用，則下列說法中正確的是(　　) 圖1 A．a(chǎn)的質(zhì)量一定大于b的質(zhì)量 B．a(chǎn)的電荷量一定大于b的電荷量 C．a(chǎn)的比荷一定大于b的比荷 D．a(chǎn)在磁場中的運動時間一定大于b在磁場中的運動時間 解析　設(shè)粒子在磁場中做勻速圓周運動的速度大小為v，則由題意可知，a粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑Ra小于b粒子的半徑Rb，又因為qvB＝m，所以有R＝，即＜，在加速電場中有qU＝mv2，可解得v＝，即va＝，vb＝，以上各式聯(lián)立可得：＜，即＞，由于只能確定a、b兩種粒子比荷之間的關(guān)系，所以A、B錯誤，C正確；由題意可知，兩粒子在磁場中的運動時間均為半個周期，即ta＝＝，tb＝＝，因為＞，所以ta＜tb，選項D錯誤。 答案　C 5．在地面附近，存在著一個有界電場，邊界MN將空間分成左、右兩個區(qū)域，在右區(qū)域中有水平向左的勻強電場，在右區(qū)域中離邊界MN某一位置的水平地面上由靜止釋放一個質(zhì)量為m的帶電滑塊(滑塊的電荷量始終不變)，如圖2甲所示，滑塊運動的v－t圖象如圖乙所示，不計空氣阻力，則(　　) 圖2 A．滑塊在MN右邊運動的位移大小與在MN左邊運動的位移大小相等 B．在t＝5 s時，滑塊經(jīng)過邊界MN C．滑塊受到的滑動摩擦力與電場力之比為2∶5 D．在滑塊運動的整個過程中，滑動摩擦力做的功小于電場力做的功 解析　根據(jù)題中速度圖象的面積表示位移可知，滑塊在MN右邊運動的位移大小與在MN左邊運動的位移大小不相等，選項A錯誤；根據(jù)題圖乙所示速度圖象可知，t＝2 s 時滑塊越過分界線MN，選項B錯誤；根據(jù)題中速度圖象斜率表示加速度可知，在0～2 s時間內(nèi)，滑塊加速度大小可表示為a1＝，在2～5 s時間內(nèi)，滑塊加速度大小可表示為a2＝，設(shè)電場力為F，運動過程中所受摩擦力為f，對滑塊在MN分界線右側(cè)的運動，由牛頓第二定律得F－f＝ma1，對滑塊在MN分界線左側(cè)的運動，由牛頓第二定律得f＝ma2，聯(lián)立解得：f∶F＝2∶5，選項C正確；在滑塊運動的整個過程中，滑動摩擦力做的功可表示為Wf＝fx＝f·2.5v0，電場力做的功可表示為WF＝Fx1＝F·v0＝2.5f·v0，二者做功相等，選項D錯誤。 答案　C 二、多項選擇題(本題共4小題，每小題4分，共計16分。每小題有多個選項符合題意，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分。) 6．帶有等量異種電荷的一對金屬板，兩板間的電場線分布如圖3所示，a、b為電場中的兩點。則(　　) 圖3 A．板間電場為勻強電場 B．a(chǎn)點的電勢比b點的高 C．檢驗電荷＋q在a點的電勢能比在b點的大 D．將檢驗電荷－q從a點移到b點的過程中，電場力做負功 解析　在電場中電場線越密的地方電場越強，a點場強大于b點場強，故選項A錯誤；電場線總是指向電勢降低的方向，故選項B正確；在電場中移動電荷時，正電荷順著電場線移動時，電場力做正功，電勢能減小，故選項C正確；同理選項D正確。 答案　BCD 7．如圖4所示，在虛線左側(cè)的足夠大區(qū)域存在勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里。有一個直角三角形金屬線框，線框左邊與磁場邊界平行，線框的電阻為R。線框以垂直虛線方向的速度v0做勻速直線運動，從線框的左邊進入磁場時開始計時。E表示線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小，F(xiàn)表示線框中受到的安培力大小，P表示線框的電功率的大小，I表示線框中的感應(yīng)電流，則下列圖象中正確的是(　　) 圖4 解析　線框做勻速直線運動，感應(yīng)電動勢E＝BLv0，感應(yīng)電動勢隨著線框切割磁感線有效長度L的減小而線性減小，A正確；線框進入磁場過程中受到的安培力F＝，安培力與L2成線性關(guān)系，B錯誤；線框的電功率P＝，電功率與L2成線性關(guān)系，C錯誤；線框進入磁場的過程中產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小I＝，感應(yīng)電流與L成線性關(guān)系，D正確。 答案　AD 8．如圖5甲所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為4∶1，電壓表、電流表為理想電表。L1、L2、L3、L4為四只規(guī)格均為“220 V，60 W”的相同燈泡。如果副線圈電壓按圖乙所示規(guī)律變化，則下列說法正確的是(　　) 圖5 A．電壓表的示數(shù)為660 V B．電流表的示數(shù)為0.82 A C．a(chǎn)、b兩點間的電壓是1 045 V D．a(chǎn)、b兩點間的電壓是1 100 V 解析　根據(jù)題圖乙所示的副線圈電壓圖象，可知副線圈電壓有效值為U2＝220 V。由變壓器變壓公式可知，原線圈輸入電壓U1＝4U2＝4×220 V＝880 V，選項A錯誤；副線圈所接的每個燈泡中電流均為I＝＝ A＝ A，電流表的示數(shù)為I2＝3I＝3× A＝0.82 A，選項B正確；由U1I1＝U2I2，解得原線圈中電流I1＝＝ A，燈泡電阻R＝＝ Ω＝ Ω，與原線圈串聯(lián)的燈泡兩端電壓為U燈＝I1R＝× V＝165 V，故a、b兩點的電壓是Uab＝U燈＋U1＝165 V＋880 V＝1 045 V，選項C正確，D錯誤。 答案　BC 9.如圖6所示，將一質(zhì)量m＝1.0 kg的物體P用兩根長度均為l＝0.5 m且不可伸長的細線1、2系于豎直桿上相距也為l＝0.5 m的A、B兩點，現(xiàn)使物體P隨桿一起由靜止開始轉(zhuǎn)動，取重力加速度g＝10 m/s2，則在角速度ω由0逐漸增大的過程中，有(　　) 圖6 A．細線1的拉力與角速度ω2成正比 B．當(dāng)角速度ω＝2 rad/s，細線2剛好伸直無拉力 C．隨著角速度ω的增加，細線2對物體P的拉力將大于細線1對物體P的拉力 D．當(dāng)細線2剛好伸直時，物體P的機械能增加了6.25 J 解析　當(dāng)細線2還未伸直時，設(shè)細線1與豎直桿之間的夾角為θ，則由合力提供向心力可得FTsin θ＝mω2lsin θ，細線1的拉力FT＝mω2l∝ω2，細線1的拉力隨轉(zhuǎn)動角速度ω的增大而增大；但當(dāng)細線2伸直后，再增大角速度ω，則不再滿足該關(guān)系，故選項A錯誤；當(dāng)細線2剛好伸直無拉力時，有mgtan 60°＝mω2lsin 60°成立，解得ω＝2 rad/s，選項B正確；當(dāng)細線2伸直后，設(shè)細線2受到的拉力大小為FT′，豎直方向有FTcos 60°－mg－FT′cos 60°＝0，則FT>FT′，選項C錯誤；當(dāng)細線2剛好伸直時，有FT′＝0，角速度ω＝2 rad/s，物體P做圓周運動的半徑r＝lsin 60°，由動能定理可得：WT＋WG＝ΔEk，又因為WG＝－mglsin 30°，ΔEk＝mω2r2，三式聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)求解可得WT＝6.25 J，由功能關(guān)系知ΔE＝WT，所以選項D正確。 答案　BD 5