高考物理二輪復習 選擇題31分模擬小卷（打包8套）.zip,高考物理二輪復習,選擇題31分模擬小卷打包8套,高考,物理,二輪,復習,選擇題,31,模擬,打包 選擇題31分模擬小卷(二) 一、單項選擇題(本題共5小題，每小題3分，共計15分。每小題只有一個選項符合題意。) 1．水平方向的兩個相互垂直的力F1和F2作用在箱子同一位置，使箱子在水平粗糙的地面上移動一段距離，若力F1對箱子做了300 J功，力F2對箱子做了400 J功，則力F1與F2的合力對箱子做的功(　　) A．等于500 J B．等于700 J C．大于500 J D．大于700 J 解析　合力對物體做功等于各分力單獨對物體做的功的代數(shù)和，所以選項B正確。 答案　B 2．(2016·上海單科，5)磁鐵在線圈中心上方開始運動時，線圈中產生如圖方向的感應電流，則磁鐵(　　) 圖1 A．向上運動 B．向下運動 C．向左運動 D．向右運動 解析　由于條形磁鐵的N極在下面，因此磁鐵提供的磁場穿過線圈的磁通量的方向向下，由于磁鐵的運動，線圈中磁通量變化，產生如題圖方向的電流，由安培定則可以確定線圈中感應電流產生的感應磁場方向向上，與磁鐵產生的磁場方向相反，由楞次定律可知磁鐵產生的磁場通過線圈的磁通量的大小增加，因此磁鐵向下運動，B項正確。 答案　B 3.如圖2所示，一物體靜止在水平地面上，從t＝0時刻開始用水平向右的拉力F拉物體，經(jīng)t0時間運動到A點，再經(jīng)T和2T時間運動到B點和C點，若A、B、C三點間距滿足BC＝2AB，則(　　) 圖2 A．t0＝T B．t0＝T C．t0＝T D．t0＝T 解析　根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律得vA＝at0，xAB＝vAT＋aT2，xAC＝vA·2T＋a(2T)2，又xAC＝xAB＋xBC＝3xAB，聯(lián)立各式解得t0＝T，選項A正確，B、C、D錯誤。 答案　A 4．水平邊界MN上方有一垂直紙面向外的勻強磁場，a、b兩帶電粒子所帶的電荷量分別是q1、q2，以相同速度從邊界上O點垂直進入磁場，它們的運動軌跡如圖3所示，軌道半徑分別為r1、r2，且r1∶r2＝2∶3。下列說法正確的是(　　) 圖3 A．a帶負電、b帶正電，比荷之比為∶＝2∶3 B．a帶正電、b帶負電，比荷之比為∶＝2∶3 C．a帶負電、b帶正電，比荷之比為∶＝3∶2 D．a帶正電、b帶負電，比荷之比為∶＝3∶2 解析　在O點射入磁場時，a受到向左的洛倫茲力，b受到向右的洛倫茲力，由左手定則判斷a帶負電荷、b帶正電荷；由r＝得＝，所以∶＝3∶2，則選項C正確。 答案　C 5.如圖4所示，一輛小車靜置在水平地面上，用一條遵守胡克定律的橡皮筋將小球P懸掛于車頂O點，在O點正下方有一光滑小釘A，它到O點的距離恰好等于橡皮筋原長l0。現(xiàn)使小車從靜止開始向右做加速度逐漸增大的直線運動，在此運動過程中(橡皮筋始終在彈性限度內)，小球的高度(　　) 圖4 A．保持不變 B．逐漸降低 C．逐漸升高 D．升高或降低由橡皮筋的勁度系數(shù)決定 解析　小車靜止時，對小球有FT1＝mg，彈簧的伸長量x1＝，即小球與懸掛點的距離為l1＝l0＋；當小車的加速度穩(wěn)定在一定值時FT2cos α＝mg，F(xiàn)T2sin α＝ma，解得FT2＝，彈簧的伸長量x2＝，則小球與懸掛點的豎直方向的距離為l2＝l0＋·cos α＝l0＋＝l1，可見小球在豎直方向上到懸掛點的距離與加速度無關，是不變的，選項A正確。 答案　A 二、多項選擇題(本題共4小題，每小題4分，共計16分。每小題有多個選項符合題意，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分。) 6.假設宇宙中有兩顆相距無限遠的行星A和B，半徑分別為RA和RB。這兩顆行星周圍衛(wèi)星的軌道半徑的三次方(r3)與運行周期的平方(T2)的關系如圖5所示；T0為衛(wèi)星環(huán)繞行星表面運行的周期。則(　　) 圖5 A．行星A的質量小于行星B的質量 B．行星A的密度小于行星B的密度 C．行星A的第一宇宙速度大于行星B的第一宇宙速度 D．當兩行星的衛(wèi)星軌道半徑相同時，行星A的衛(wèi)星向心加速度小于行星B的衛(wèi)星向心加速度 解析　由設行星質量為M，衛(wèi)星繞行星運動的半徑為r，周期為T，衛(wèi)星質量為m，則有＝，r3＝T2，則圖象的斜率為，從圖象可看出A的質量大，所以A錯誤；兩“近地”衛(wèi)星的周期相同，則兩者的密度為ρ＝相同，則B錯誤；第一宇宙速度是“近地”衛(wèi)星的運行速度v＝，A的半徑大于B的半徑，則A的第一宇宙速度大于B的第一宇宙速度，則C正確；由an＝，A的質量大于B的質量，所以A的衛(wèi)星向心加速度大于B的衛(wèi)星向心加速度，D錯誤。 答案　AC 7.如圖6所示，N、P是光滑絕緣水平面上的兩點，O為P點正上方的一點，虛線ON和OP之間的夾角θ＝60°，M為ON的中點，O點固定著一個點電荷Q。在N點，由靜止釋放一個可視為質點的帶電小球，發(fā)現(xiàn)小球只能在水平面上運動。下列說法正確的是(　　) 圖6 A．在點電荷Q產生的電場中，M點和P點的電場強度大小相同 B．在點電荷Q產生的電場中，N、P兩點間的電勢差大于N、M兩點間的電勢差 C．小球可能做勻變速直線運動 D．若小球能經(jīng)過P點，則它在N點的電勢能一定大于在P點的電勢能 解析　由點電荷的場強公式E＝k，可得M、P兩點的電場強度大小相同，方向不相同，選項A正確；由φ＝k可知M、P兩點在同一個等勢面上，所以N、P兩點間的電勢差等于N、M兩點間的電勢差，選項B錯誤；由點電荷場強公式E＝k，可知小球受到的電場力大小發(fā)生變化，不是勻變速直線運動，選項C錯誤；小球由靜止釋放，從N向P運動時，電場力一定做正功，電勢能一定減小，所以N點的電勢能一定大于P點的電勢能，選項D正確。 答案　AD 8．如圖7甲所示，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比n1∶n2＝10∶1，原線圈輸入的交流電壓如圖乙所示，副線圈電路接有滑動變阻器R和額定電壓為12 V、內阻為2 Ω的電動機。閉合開關，電動機正常工作，電流表示數(shù)為1 A。則(　　) 圖7 A．副線圈兩端電壓為22 V B．電動機輸出的機械功率為10 W C．通過電動機的交流電頻率為50 Hz D．突然卡住電動機，原線圈輸入功率變小 解析　輸入電壓最大值為220 V，則有效值U1＝ V＝220 V，U2＝U1＝22 V，故A錯誤；輸出的機械功率P＝UI2－IRM＝12×1 W－12×2 W＝10 W，故B正確；由乙圖知周期為0.02 s，則f＝＝50 Hz，故C正確；卡住電動機，副線圈電路中的電流增大，變壓器的輸出功率增加，則原線圈輸入功率增加，故D錯誤。 答案　BC 9．如圖8所示，將質量M＝1 kg的重物B懸掛在輕繩的一端，并放置在傾角為30°、固定在水平地面的斜面上，輕繩平行于斜面，B與斜面間的動摩擦因數(shù)μ＝。輕繩跨過質量不計的光滑定滑輪，其另一端系一質量m＝0.5 kg的小圓環(huán)A。圓環(huán)套在豎直固定的光滑直桿上，滑輪中心與直桿的距離為L＝4 m?，F(xiàn)將圓環(huán)A從與定滑輪等高處由靜止釋放，不計空氣阻力，直桿和斜面足夠長，取g＝10 m/s2。下列判斷正確的是(　　) 圖8 A．圓環(huán)下降的過程中，輕繩的張力大小始終等于10 N B．圓環(huán)能下降的最大距離為Hm＝ m C．圓環(huán)速度最大時，輕繩與直桿的夾角為30° D．若增加圓環(huán)質量使m＝1 kg，再重復題述過程，則圓環(huán)在下降過程中，重力做功的功率一直在增大 解析　隨著A圓環(huán)下滑，B物體先向上加速，后向上減速，所以繩子的拉力會發(fā)生變化，不是始終等于10 N，可得A錯誤；由能量守恒可知，當A下降到最低點時，A減少的重力勢能轉化成B增加的重力勢能和摩擦產生的內能，設A下降的最大距離為Hm，由能量守恒可得mgHm＝Mg(－L)sin 30°＋μMgcos 30°(－L)，解得Hm＝ m，可得B正確；圓環(huán)A速度最大時，重物B的速度也是最大，都是受力平衡，設輕繩與直桿的夾角為α，對圓環(huán)A受力分析得mg＝(Mgsin 30°＋μMg·cos 30°)cos α，解得α＝60°，可得C錯誤；若使圓環(huán)的質量為1 kg，則圓環(huán)在下降時一直做加速運動，速度一直增大，由功率公式P＝Fv＝mgv知，重力做功的功率一直在增大，可得D正確。 答案　BD 5