（全國(guó)通用）2018版高考物理總復(fù)習(xí)考前三個(gè)月仿真模擬卷（打包4套）.zip,全國(guó),通用,2018,高考,物理,復(fù)習(xí),考前,三個(gè)月,仿真,模擬,打包 仿真模擬卷(四) (時(shí)間：90分鐘　滿(mǎn)分：110分) 二、選擇題：本題共8小題，每小題6分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14～18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19～21題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分． 14．下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．光電效應(yīng)是原子核吸收光子向外釋放電子的現(xiàn)象 B．盧瑟福通過(guò)對(duì)α粒子散射實(shí)驗(yàn)的研究，揭示了原子核結(jié)構(gòu) C．鈾238的半衰期約長(zhǎng)達(dá)45億年，隨地球環(huán)境的變化，半衰期可能變短 D．碘131能自發(fā)地進(jìn)行β衰變，衰變后生成的新物質(zhì)原子核比碘131原子核多一個(gè)質(zhì)子而少一個(gè)中子 答案　D 解析　當(dāng)入射光的頻率大于金屬的極限頻率時(shí)，金屬中的一個(gè)電子吸收了光子的能量，克服原子核的束縛而釋放出來(lái)，從而形成了光電效應(yīng)，故A錯(cuò)誤．盧瑟福通過(guò)對(duì)α粒子散射實(shí)驗(yàn)的研究，發(fā)現(xiàn)少數(shù)α粒子發(fā)生了大角度偏轉(zhuǎn)，從而揭示了原子的核式結(jié)構(gòu)，故B錯(cuò)誤．半衰期由原子核本身決定，與環(huán)境無(wú)關(guān)，所以環(huán)境變化時(shí)半衰期不變，故C錯(cuò)誤．β衰變是一個(gè)中子變?yōu)橘|(zhì)子同時(shí)釋放一個(gè)電子的過(guò)程，因此β衰變后生成的新物質(zhì)原子核比碘131原子核少一個(gè)中子而多一個(gè)質(zhì)子，故D正確． 15.如圖1所示，一滑塊以5 m/s的速度從固定斜面底端O點(diǎn)沖上斜面，經(jīng)時(shí)間t1到達(dá)A點(diǎn)時(shí)的速度為3 m/s，再經(jīng)時(shí)間t2到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度為0，下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖1 A．O、A 間的距離與A、B間的距離之比為5∶3 B．O、A間的距離與A、B間的距離之比為3∶5 C．t1與t2之比為2∶3 D．t1 與t2之比為3∶2 答案　C 解析　根據(jù)速度時(shí)間公式可知：xOA＝ AB間的距離為：xAB＝ 故＝＝＝，故A、B錯(cuò)誤； 根據(jù)速度時(shí)間公式可得： t1＝，t2＝ 故有：＝＝＝，故C正確，D錯(cuò)誤． 16．如圖2所示，質(zhì)量為m的硬紙面字典A對(duì)稱(chēng)放在硬紙面的書(shū)本B上．將書(shū)本B的一端緩慢抬高至字典剛要滑動(dòng)，此時(shí)書(shū)脊與水平面的夾角為θ.下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖2 A．B對(duì)A的作用力為零 B．B的一個(gè)側(cè)面對(duì)A的彈力為mgcos θ C．B對(duì)A的最大靜摩擦力的合力為mgsin θ D．A受到三個(gè)力的作用 答案　C 解析　字典A受到豎直向下的重力、兩個(gè)側(cè)面的支持力、兩個(gè)側(cè)面的靜摩擦力，共五個(gè)力作用，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．由平衡條件可知，B對(duì)A的作用力大小等于A的重力，方向豎直向上，選項(xiàng)A錯(cuò)誤．B的兩個(gè)側(cè)面對(duì)A的彈力的合力等于mgcos θ，選項(xiàng)B錯(cuò)誤．由平衡條件可知，兩個(gè)側(cè)面的靜摩擦力的合力等于mgsin θ.將書(shū)本B的一端緩慢抬高至字典剛要滑動(dòng)，則B對(duì)A的最大靜摩擦力的合力為mgsin θ，選項(xiàng)C正確． 17.如圖3所示，在正方形abcd區(qū)域內(nèi)存在一垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B1 .一帶電粒子從ad邊的中點(diǎn)P垂直ad邊射入磁場(chǎng)區(qū)域后，從cd邊的中點(diǎn)Q射出磁場(chǎng)；若將磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)锽2后，該粒子仍從P點(diǎn)以相同的速度射入磁場(chǎng)，結(jié)果從c點(diǎn)射出磁場(chǎng)，則等于 (　　) 圖3 A. B. C. D. 答案　A 解析　設(shè)正方形磁場(chǎng)邊長(zhǎng)為L(zhǎng)， 由題意可知，粒子在磁場(chǎng)B1中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑：r1＝，粒子在磁場(chǎng)B2中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，由幾何知識(shí)得：L2＋(r2－)2＝r，解得：r2＝L 粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB＝m 解得B＝ 則＝＝＝，故A正確，B、C、D錯(cuò)誤． 18．如圖4所示，光滑水平面OB與足夠長(zhǎng)的粗糙斜面BC相接于B點(diǎn)，一輕彈簧左端固定于豎直墻面，現(xiàn)用質(zhì)量為m的滑塊壓縮彈簧至D點(diǎn)(彈簧在彈性限度內(nèi))，然后由靜止釋放，滑塊脫離彈簧后經(jīng)B點(diǎn)滑上斜面，上升到最大高度h時(shí)靜止在斜面上．重力加速度為g，以水平面OB為參考平面．下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖4 A．彈簧彈開(kāi)滑塊的過(guò)程中，彈性勢(shì)能越來(lái)越大 B．彈簧對(duì)滑塊做功為W時(shí)，滑塊的動(dòng)能為0.5W C．滑塊在斜面上靜止時(shí)的重力勢(shì)能為mgh D．滑塊在斜面上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，克服摩擦力做功為mgh 答案　C 解析　彈簧彈開(kāi)滑塊的過(guò)程中，彈簧的壓縮量越來(lái)越小，則彈性勢(shì)能越來(lái)越小，故A錯(cuò)誤．彈簧對(duì)滑塊做功為W時(shí)，對(duì)滑塊，由動(dòng)能定理知滑塊的動(dòng)能為W，故B錯(cuò)誤．滑塊在斜面上靜止時(shí)離OB面的高度為h，以水平面OB為參考平面，則滑塊的重力勢(shì)能為mgh，故C正確．對(duì)滑塊在斜面上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，由動(dòng)能定理得－mgh－Wf＝0－mv，解得滑塊克服摩擦力做功為 Wf＝mv－mgh，由于不知道vB的大小，故無(wú)法求解滑塊克服摩擦力做的功，故D錯(cuò)誤． 19．如圖5甲所示，理想變壓器原、副線(xiàn)圈的匝數(shù)比為5∶1，將原線(xiàn)圈接到電壓有效值不變的正弦交流電源上，副線(xiàn)圈接有相同的燈泡L1、L2，電路中分別接了理想交流電壓表V1、V2，導(dǎo)線(xiàn)電阻不計(jì)，開(kāi)關(guān)S閉合前，副線(xiàn)圈上的電壓按圖乙所示規(guī)律變化．現(xiàn)閉合開(kāi)關(guān)S，則下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖5 A．L2兩端的電壓瞬時(shí)值表達(dá)式為u＝220sin 50πt(V) B．電壓表V1的示數(shù)為1 100 V C．L1的實(shí)際功率減小 D．變壓器的輸入功率增大 答案　BD 解析　根據(jù)題圖乙知周期T＝0.02 s，角速度ω＝＝ rad/s＝100π rad/s，L2兩端的電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為u＝220sin 100πt (V)，故A錯(cuò)誤；副線(xiàn)圈電壓的有效值U2＝ V＝220 V，根據(jù)原、副線(xiàn)圈電壓與匝數(shù)成正比得，原線(xiàn)圈兩端的電壓U1＝5U2＝1 100 V，故B正確；閉合開(kāi)關(guān)S后，L1兩端的電壓不變，L1的實(shí)際功率不變，故C錯(cuò)誤；閉合開(kāi)關(guān)S后，輸出功率為兩只燈泡的功率之和，由于L1功率不變，增加了L2的功率，所以輸出功率增大，所以輸入功率增大，故D正確． 20．2017年3月30日，我國(guó)在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長(zhǎng)征三號(hào)甲運(yùn)載火箭，成功發(fā)射了第22顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星，該衛(wèi)星屬于地球同步軌道衛(wèi)星，其軌道半徑為r.已知月球環(huán)繞地球運(yùn)動(dòng)的周期為27天，某顆近地衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的周期為1.4 h，地球半徑為R，由此可知(　　) A．該北斗導(dǎo)航衛(wèi)星的軌道半徑與月球的軌道半徑之比為1∶9 B．該近地衛(wèi)星的軌道半徑與月球的軌道半徑之比為1∶16 C．該北斗導(dǎo)航衛(wèi)星繞地球運(yùn)行時(shí)的加速度與地球赤道上物體隨地球自轉(zhuǎn)的加速度之比為r∶R D．該北斗導(dǎo)航衛(wèi)星繞地球運(yùn)行時(shí)的加速度與月球繞地球運(yùn)行的加速度之比為9∶1 答案　AC 解析　由開(kāi)普勒定律：＝得＝＝＝，則A正確；同理可知B錯(cuò)誤．北斗導(dǎo)航衛(wèi)星繞地球運(yùn)行與地球赤道上物體隨地球自轉(zhuǎn)角速度相等，由a＝rω2知＝，則C正確．由a＝可知：＝＝，則D錯(cuò)誤． 21.如圖6所示，以O(shè)點(diǎn)為圓心，半徑為0.2 m的圓與坐標(biāo)軸交點(diǎn)分別為a、b、c、d，該圓所在平面內(nèi)有一勻強(qiáng)電場(chǎng)(圖中未畫(huà)出)，已知a、b、c三點(diǎn)的電勢(shì)分別為2 V、2 V、－2 V，則下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖6 A．O點(diǎn)電勢(shì)為1 V B．該勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為20 V/m C．電子從b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到a點(diǎn)電勢(shì)能增加 D．從b點(diǎn)以相同速率向各個(gè)方向發(fā)射完全相同的、電荷量為e的帶正電粒子(重力不計(jì))，其中到達(dá)c點(diǎn)的粒子的動(dòng)能增大了(2－2) eV 答案　BC 解析　a、c兩點(diǎn)的電勢(shì)分別為2 V、－2 V，O點(diǎn)為ac中點(diǎn)，aO與Oc電勢(shì)差相等，所以O(shè)點(diǎn)電勢(shì)為0 V，故A錯(cuò)誤．Ob段上找一點(diǎn)M電勢(shì)為2 V，OM＝×2 m＝ m，連接aM即為等勢(shì)面，且∠OaM＝30°.過(guò)O點(diǎn)作aM的垂線(xiàn)并指向O，即為電場(chǎng)線(xiàn)．由幾何關(guān)系可得E＝＝ V/m＝20 V/m，故B正確．電子在電勢(shì)低的地方電勢(shì)能大，故C正確．Ubc＝φb－φc＝(2＋2) V，由W＝qU得W＝(2＋2) eV，故D錯(cuò)誤． 三、非選擇題(本題共6小題，共62分) (一)必考題 22．(6分)用螺旋測(cè)微器測(cè)量某金屬圓柱體的直徑，用20分度游標(biāo)卡尺測(cè)量長(zhǎng)度，測(cè)量結(jié)果如圖7所示，直徑d ＝________ cm ，長(zhǎng)度L＝________ cm. 圖7 答案　0.184 3(0.184 1～0.184 5均給分)　4.240 23．(9分)在“描繪小燈泡的 U—I曲線(xiàn)”實(shí)驗(yàn)中，使用的小燈泡上標(biāo)有“3 V　0.6 W”的字樣，其他可供選擇的器材有： A．電壓表(量程0～6 V，內(nèi)阻20 kΩ) B．電壓表(量程0～20 V，內(nèi)阻60 kΩ) C．電流表(量程0～3 A，內(nèi)阻0.2 Ω) D．電流表(量程0～0.6 A，內(nèi)阻1 Ω) E．滑動(dòng)變阻器R1(0～1 000 Ω，允許通過(guò)的最大電流為0.1 A) F．滑動(dòng)變阻器R2(0～20 Ω，允許通過(guò)的最大電流為2 A) G．學(xué)生電源E(6～8 V) H．開(kāi)關(guān)S及導(dǎo)線(xiàn)若干 (1)在虛線(xiàn)方框中畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖，并注明所選器材的符號(hào)(要求小燈泡上電壓的改變能從0開(kāi)始)． (2)某同學(xué)測(cè)量結(jié)果如下表所示，請(qǐng)根據(jù)表中數(shù)據(jù)在圖8甲坐標(biāo)系中畫(huà)出小燈泡的 U－I曲線(xiàn). U(V) 0.2 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5 3.0 I(A) 0.050 0.100 0.150 0.172 0.190 0.205 0.215 圖8 (3)用上述兩只小燈泡a、b組成圖乙所示的電路．已知電源的電動(dòng)勢(shì)為3 V、內(nèi)阻不計(jì)，則燈泡a、b消耗的總功率P＝________ W(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)． 答案　(1)如圖所示 (2)如圖所示 (3)0.52 24.(12分)如圖9所示，傾角θ＝37°的傳送帶以v＝0.6 m/s的速度向上勻速傳動(dòng)．在傳送帶的最頂端，有一個(gè)炭塊(可視為質(zhì)點(diǎn))以v0＝1.2 m/s的初速度沿傳送帶下滑．炭塊與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.9，取重力加速度g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，傳送帶足夠長(zhǎng)，求： 圖9 (1)炭塊沿傳送帶向下運(yùn)動(dòng)的最大位移； (2)炭塊在傳送帶上的劃痕的長(zhǎng)度． 答案　(1)0.6 m　(2)1.35 m 解析　(1)炭塊下滑過(guò)程中的加速度大小為μmgcos 37°－mgsin 37°＝ma 解得： a＝1.2 m/s2 根據(jù)速度位移關(guān)系可得炭塊沿傳送帶向下運(yùn)動(dòng)的最大位移xm＝ 解得xm＝0.6 m (2)設(shè)炭塊速度減到零所用時(shí)間為t，則t＝＝1 s 此時(shí)間內(nèi)傳送帶的位移為 x1＝vt＝0.6 m 炭塊反向加速到與傳送帶速度相等時(shí)所需時(shí)間為t′＝＝0.5 s 在此時(shí)間內(nèi)，傳送帶的位移x2＝vt′＝0.3 m 炭塊的位移x3＝＝0.15 m 炭塊在傳送帶上的劃痕長(zhǎng)度L＝xm＋x1＋x2－x3＝1.35 m 25.(20分)如圖10所示，兩條平行的水平導(dǎo)軌FN、EQ的間距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌的左側(cè)與兩條豎直固定、半徑為r的光滑圓弧軌道平滑相接，圓弧軌道的最低點(diǎn)與導(dǎo)軌相切，在導(dǎo)軌左邊寬度為d的EFHG矩形區(qū)域內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，且在磁場(chǎng)的右邊界、垂直導(dǎo)軌放有一金屬桿甲，右邊界處無(wú)磁場(chǎng)．現(xiàn)將一金屬桿乙從圓弧軌道的最高點(diǎn)PM處由靜止釋放，金屬桿乙滑出磁場(chǎng)時(shí)，與金屬桿甲相碰(作用時(shí)間極短)并粘在一起，最終它們停在距磁場(chǎng)右邊界為d的虛線(xiàn)CD處．已知金屬桿甲、乙的質(zhì)量均為m，接入電路的電阻均為R，它們與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ，且它們?cè)谶\(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終與導(dǎo)軌間垂直且接觸良好，導(dǎo)軌的電阻不計(jì)，重力加速度大小為g.求： 圖10 (1)金屬桿乙通過(guò)圓弧軌道最低點(diǎn)時(shí)受到的支持力大小FN； (2)整個(gè)過(guò)程中，感應(yīng)電流通過(guò)金屬桿甲所產(chǎn)生的熱量Q； (3)金屬桿乙通過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中通過(guò)其橫截面的電荷量q. 答案　(1)3mg　(2)mg(r－5μd)　(3) 解析　(1)金屬桿乙在圓弧軌道上下滑過(guò)程中的機(jī)械能守恒，有：mgr＝mv 解得：v0＝ 對(duì)金屬桿乙在圓弧軌道最低點(diǎn)運(yùn)用牛頓第二定律可得：FN－mg＝m 聯(lián)立解得：FN＝3mg (2)設(shè)金屬桿乙與金屬桿甲相碰前后的速度大小分別為v1、v2， 根據(jù)動(dòng)量守恒可得：mv1＝2mv2 金屬桿甲、乙相碰后：2μmgd＝×2mv 聯(lián)立解得：v1＝2 金屬桿乙在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，有：mv＝μmgd＋mv＋Q總 又：Q＝Q總 聯(lián)立解得：Q＝mg(r－5μd) (3)金屬桿乙通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：＝ 此過(guò)程中的平均電流為：＝ q＝t 解得：q＝ (二)選考題(請(qǐng)從下列2道題中任選一題作答，如果多做，則按所做的第一題計(jì)分) 33．【物理—選修3－3】(15分) (1)(5分)下列說(shuō)法正確的是________． A．0℃的冰融化成0℃的水，分子的平均動(dòng)能不變，內(nèi)能增大 B．載重汽車(chē)卸去貨物的過(guò)程中，外界對(duì)汽車(chē)輪胎內(nèi)的氣體做正功 C．熱量可以從低溫物體傳遞到高溫物體 D．小昆蟲(chóng)可以在水面上蹦來(lái)蹦去，是由于水面有表面張力 E．一定量的某種理想氣體在等溫膨脹過(guò)程中，壓強(qiáng)一定增加 (2)(10分)如圖11所示，硬質(zhì)透明塑料瓶用橡皮塞將瓶口塞住，已知大氣壓強(qiáng)為p0，外界環(huán)境溫度不變，圓柱形橡皮塞橫截面積為S. ①若用打氣筒再將n倍于瓶子容積的空氣緩慢壓入瓶中，此時(shí)橡皮塞恰能跳起．已知橡皮塞的質(zhì)量為m，求橡皮塞跳起瞬間瓶中氣體的壓強(qiáng)與瓶口最大靜摩擦力的大小； ②若用手按壓住橡皮塞，用打氣筒再將2n倍于瓶子容積的空氣緩慢壓入瓶中，然后突然撤去按壓橡皮塞的手，求撤去手瞬間橡皮塞的加速度大?。? 圖11 答案　(1)ACD　(2)見(jiàn)解析 解析　(2)①由玻意耳定律有：p0(n＋1)V＝pV 解得：p＝(n＋1)p0 對(duì)橡皮塞受力分析，由平衡條件有：p0S＋Ff＋mg＝(n＋1)p0S 解得：Ff＝np0S－mg ②由玻意耳定律有：p0(2n＋1)V＝p′V 解得：p′＝(2n＋1)p0 對(duì)橡皮塞，由牛頓第二定律有：p′S－(p0S＋Ff＋mg)＝ma 解得：a＝ 34．【物理—選修3－4】(15分) (1)(5分)關(guān)于電磁波，下列說(shuō)法正確的是________． A．可見(jiàn)光屬于電磁波 B．只要有變化的電場(chǎng)就能產(chǎn)生電磁波 C．使電磁波隨各種信號(hào)而改變的技術(shù)叫做調(diào)制 D．電磁波在任何介質(zhì)中的傳播速率都相同 E．電磁波能發(fā)生反射、折射、干涉和衍射現(xiàn)象，也能在真空中傳播 (2)(10分)有兩列傳播速度大小相等的簡(jiǎn)諧橫波a、b在同一介質(zhì)中分別沿x軸正方向和負(fù)方向傳播．兩列波在t＝0時(shí)刻的波形如圖12所示，已知a波的周期Ta＝1 s．求： 圖12 ①兩列波在該介質(zhì)中的傳播速度大??； ②從t＝0時(shí)刻開(kāi)始，x＝1.0 m處的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到偏離平衡位置的位移為0.16 m所需的最短時(shí)間． 答案　(1)ACE　(2)①2.5 m/s?、?.4 s 解析　(2)①由題圖可知a、b兩列波的波長(zhǎng)分別為λa＝2.5 m，λb＝4.0 m 兩列波在同種介質(zhì)中的傳播速度相同，為v＝＝2.5 m/s ②a 波的波峰傳播到x＝1.0 m的質(zhì)點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間：ta＝＝ b 波的波峰傳播到x＝1.0 m的質(zhì)點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間： tb＝＝ 只有兩列波的波峰同時(shí)傳到x＝1.0 m處，該處質(zhì)點(diǎn)的位移才能等于 0.16 m，即有ta＝tb＝t 聯(lián)立解得： 5m－8n＝1( 式中m、n 均為自然數(shù) ) 分析知，當(dāng)m＝5、n＝3 時(shí)，x＝1.0 m的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到偏離平衡位置的位移為0.16 m時(shí)經(jīng)過(guò)時(shí)間最短． 將m＝5代入 t＝ 解得： t＝5.4 s 12