《2018-2019版高中數(shù)學(xué) 第一章 計(jì)數(shù)原理 1.1 分類加法計(jì)數(shù)原理與分步乘法計(jì)數(shù)原理 第1課時(shí) 兩個(gè)計(jì)數(shù)原理學(xué)案 新人教A版選修2-3.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2018-2019版高中數(shù)學(xué) 第一章 計(jì)數(shù)原理 1.1 分類加法計(jì)數(shù)原理與分步乘法計(jì)數(shù)原理 第1課時(shí) 兩個(gè)計(jì)數(shù)原理學(xué)案 新人教A版選修2-3.doc（11頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

第1課時(shí)　兩個(gè)計(jì)數(shù)原理 學(xué)習(xí)目標(biāo)　1.理解分類加法計(jì)數(shù)原理與分步乘法計(jì)數(shù)原理.2.會(huì)用這兩個(gè)原理分析和解決一些簡單的實(shí)際計(jì)數(shù)問題． 知識(shí)點(diǎn)一　分類加法計(jì)數(shù)原理 第十三屆全運(yùn)會(huì)在中國天津盛大召開，一名志愿者從上海趕赴天津?yàn)橛慰吞峁?dǎo)游服務(wù)，每天有7個(gè)航班，6列火車． 思考　該志愿者從上海到天津的方案可分幾類？共有多少種出行方法？ 答案　兩類，即乘飛機(jī)、坐火車．共有7＋6＝13(種)不同的出行方法． 梳理　(1)完成一件事有兩類不同的方案，在第1類方案中有m種不同的方法，在第2類方案中有n種不同的方法，那么完成這件事共有N＝m＋n種不同的方法． (2)完成一件事有n類不同的方案，在第1類方案中有m1種不同的方法，在第2類方案中有m2種不同的方法，…，在第n類方案中有mn種不同的方法，則完成這件事共有N＝m1＋m2＋…＋mn種不同的方法． 知識(shí)點(diǎn)二　分步乘法計(jì)數(shù)原理 若這名志愿者從上海趕赴天津?yàn)橛慰吞峁?dǎo)游服務(wù)，但需在青島停留，已知從上海到青島每天有7個(gè)航班，從青島到天津每天有6列火車． 思考　該志愿者從上海到天津需要經(jīng)歷幾個(gè)步驟？共有多少種出行方法？ 答案　兩個(gè)，即先乘飛機(jī)到青島，再坐火車到天津．共有76＝42(種)不同的出行方法． 梳理　(1)完成一件事需要兩個(gè)步驟，做第1步有m種不同的方法，做第2步有n種不同的方法，那么完成這件事共有N＝mn種不同的方法． (2)完成一件事需要n個(gè)步驟，做第1步有m1種不同的方法，做第2步有m2種不同的方法，…，做第n步有mn種不同的方法，則完成這件事共有N＝m1m2…mn種不同的方法． 1．在分類加法計(jì)數(shù)原理中，兩類不同方案中的方法可以相同．(　　) 2．在分類加法計(jì)數(shù)原理中，每類方案中的方法都能完成這件事．(　√　) 3．在分步乘法計(jì)數(shù)原理中，每個(gè)步驟中完成這個(gè)步驟的方法是各不相同的．(　√　) 4．在分步乘法計(jì)數(shù)原理中，事情若是分兩步完成的，那么其中任何一個(gè)單獨(dú)的步驟都不能完成這件事，只有兩個(gè)步驟都完成后，這件事情才算完成．(　√　) 類型一　分類加法計(jì)數(shù)原理 例1　設(shè)集合A＝{1,2,3,4}，m，n∈A，則方程＋＝1表示焦點(diǎn)位于x軸上的橢圓的有(　　) A．6個(gè) B．8個(gè) C．12個(gè) D．16個(gè) 考點(diǎn)　分類加法計(jì)數(shù)原理 題點(diǎn)　分類加法計(jì)數(shù)原理的應(yīng)用 答案　A 解析　因?yàn)闄E圓的焦點(diǎn)在x軸上，所以m>n.當(dāng)m＝4時(shí)，n＝1,2,3；當(dāng)m＝3時(shí)，n＝1,2；當(dāng)m＝2時(shí)，n＝1，即所求的橢圓共有3＋2＋1＝6(個(gè))． 反思與感悟　(1)應(yīng)用分類加法計(jì)數(shù)原理時(shí)，完成這件事的n類方法是互不干擾的，無論哪種方案中的哪種方法，都可以獨(dú)立完成這件事． (2)利用分類加法計(jì)數(shù)原理解題的一般思路 跟蹤訓(xùn)練1　滿足a，b∈{－1,0,1,2}，且關(guān)于x的方程ax2＋2x＋b＝0有實(shí)數(shù)解的有序數(shù)對(duì)(a，b)的個(gè)數(shù)為(　　) A．14 B．13 C．12 D．10 考點(diǎn)　分類加法計(jì)數(shù)原理 題點(diǎn)　分類加法計(jì)數(shù)原理的應(yīng)用 答案　B 解析　由已知得ab≤1. 若a＝－1時(shí)，b＝－1,0,1,2，有4種可能； 若a＝0時(shí)，b＝－1,0,1,2，有4種可能； 若a＝1時(shí)，b＝－1,0,1，有3種可能； 若a＝2時(shí)，b＝－1,0，有2種可能． ∴共有(a，b)的個(gè)數(shù)為4＋4＋3＋2＝13. 類型二　分步乘法計(jì)數(shù)原理 例2　一種號(hào)碼鎖有4個(gè)撥號(hào)盤，每個(gè)撥號(hào)盤上有從0到9共十個(gè)數(shù)字，這4個(gè)撥號(hào)盤可以組成多少個(gè)四位數(shù)的號(hào)碼？(各位上的數(shù)字允許重復(fù)) 考點(diǎn)　分步乘法計(jì)數(shù)原理 題點(diǎn)　分步乘法計(jì)數(shù)原理的應(yīng)用 解　按從左到右的順序撥號(hào)可以分四步完成： 第一步，有10種撥號(hào)方式，所以m1＝10； 第二步，有10種撥號(hào)方式，所以m2＝10； 第三步，有10種撥號(hào)方式，所以m3＝10； 第四步，有10種撥號(hào)方式，所以m4＝10. 根據(jù)分步乘法計(jì)數(shù)原理，共可以組成N＝10101010＝10 000(個(gè))四位數(shù)的號(hào)碼． 引申探究 若各位上的數(shù)字不允許重復(fù)，那么這個(gè)撥號(hào)盤可以組成多少個(gè)四位數(shù)的號(hào)碼？ 解　按從左到右的順序撥號(hào)可以分四步完成： 第一步，有10種撥號(hào)方式，即m1＝10； 第二步，去掉第一步撥的數(shù)字，有9種撥號(hào)方式，即m2＝9； 第三步，去掉前兩步撥的數(shù)字，有8種撥號(hào)方式，即m3＝8； 第四步，去掉前三步撥的數(shù)字，有7種撥號(hào)方式，即m4＝7. 根據(jù)分步乘法計(jì)數(shù)原理，共可以組成N＝10987＝5 040(個(gè))四位數(shù)的號(hào)碼． 反思與感悟　(1)應(yīng)用分步乘法計(jì)數(shù)原理時(shí)，完成這件事情要分幾個(gè)步驟，只有每個(gè)步驟都完成了，才算完成這件事情，每個(gè)步驟缺一不可． (2)利用分步乘法計(jì)數(shù)原理解題的一般思路 ①分步：將完成這件事的過程分成若干步； ②計(jì)數(shù)：求出每一步中的方法數(shù)； ③結(jié)論：將每一步中的方法數(shù)相乘得最終結(jié)果． 跟蹤訓(xùn)練2　從－1,0,1,2這四個(gè)數(shù)中選三個(gè)不同的數(shù)作為函數(shù)f(x)＝ax2＋bx＋c的系數(shù)，可組成不同的二次函數(shù)共______個(gè)，其中不同的偶函數(shù)共________個(gè)．(用數(shù)字作答) 考點(diǎn)　分步乘法計(jì)數(shù)原理 題點(diǎn)　分步乘法計(jì)數(shù)原理的應(yīng)用 答案　18　6 解析　一個(gè)二次函數(shù)對(duì)應(yīng)著a，b，c(a≠0)的一組取值，a的取法有3種，b的取法有3種，c的取法有2種，由分步乘法計(jì)數(shù)原理知共有不同的二次函數(shù)332＝18(個(gè))． 若二次函數(shù)為偶函數(shù)，則b＝0.a的取法有3種，c的取法有2種，則由分步乘法計(jì)數(shù)原理知，共有不同的偶函數(shù)32＝6(個(gè))． 類型三　辨析兩個(gè)計(jì)數(shù)原理 例3　現(xiàn)有5幅不同的國畫，2幅不同的油畫，7幅不同的水彩畫． (1)從中任選一幅畫布置房間，有幾種不同的選法？ (2)從這些國畫、油畫、水彩畫中各選一幅布置房間，有幾種不同的選法？ (3)從這些畫中選出兩幅不同種類的畫布置房間，有幾種不同的選法？ 考點(diǎn)　兩個(gè)計(jì)數(shù)原理的區(qū)別與聯(lián)系 題點(diǎn)　兩個(gè)原理的簡單綜合應(yīng)用 解　(1)分為三類：從國畫中選，有5種不同的選法；從油畫中選，有2種不同的選法；從水彩畫中選，有7種不同的選法．根據(jù)分類加法計(jì)數(shù)原理，共有5＋2＋7＝14(種)不同的選法． (2)分為三步：國畫、油畫、水彩畫各有5種，2種，7種不同的選法，根據(jù)分步乘法計(jì)數(shù)原理，共有527＝70(種)不同的選法． (3)分為三類：第一類是一幅選自國畫，一幅選自油畫，由分步乘法計(jì)數(shù)原理知，有52＝10(種)不同的選法； 第二類是一幅選自國畫，一幅選自水彩畫，有57＝35(種)不同的選法； 第三類是一幅選自油畫，一幅選自水彩畫，有27＝14(種)不同的選法． 所以共有10＋35＋14＝59(種)不同的選法． 反思與感悟　(1)當(dāng)題目無從下手時(shí)，可考慮要完成的這件事是什么，即怎樣做才算完成這件事，然后給出完成這件事的一種或幾種方法，從這幾種方法中歸納出解題方法． (2)分類時(shí)標(biāo)準(zhǔn)要明確，做到不重不漏，有時(shí)要恰當(dāng)畫出示意圖或樹狀圖，使問題的分析更直觀、清楚，便于探索規(guī)律． (3)混合問題一般是先分類再分步． 跟蹤訓(xùn)練3　在7名學(xué)生中，有3名會(huì)下象棋但不會(huì)下圍棋，有2名會(huì)下圍棋但不會(huì)下象棋，另2名既會(huì)下象棋又會(huì)下圍棋，現(xiàn)在從7人中選2人分別參加象棋比賽和圍棋比賽，共有多少種不同的選法？ 考點(diǎn)　兩個(gè)計(jì)數(shù)原理的區(qū)別與聯(lián)系 題點(diǎn)　兩個(gè)原理的簡單綜合應(yīng)用 解　選參加象棋比賽的學(xué)生有兩種方法，在只會(huì)下象棋的3人中選或在既會(huì)下象棋又會(huì)下圍棋的2人中選；選參加圍棋比賽的學(xué)生也有兩種選法；在只會(huì)下圍棋的2人中選或在既會(huì)下象棋又會(huì)下圍棋的2人中選．互相搭配，可得四類不同的選法． 從3名只會(huì)下象棋的學(xué)生中選1名參加象棋比賽，同時(shí)從2名只會(huì)下圍棋的學(xué)生中選1名參加圍棋比賽有32＝6(種)選法； 從3名只會(huì)下象棋的學(xué)生中選1名參加象棋比賽，同時(shí)從2名既會(huì)下象棋又會(huì)下圍棋的學(xué)生中選1名參加圍棋比賽有32＝6(種)選法； 從2名只會(huì)下圍棋的學(xué)生中選1名參加圍棋比賽，同時(shí)從2名既會(huì)下象棋又會(huì)下圍棋的學(xué)生中選1名參加象棋比賽有22＝4(種)選法； 2名既會(huì)下象棋又會(huì)下圍棋的學(xué)生分別參加象棋比賽和圍棋比賽有2種選法． 所以共有6＋6＋4＋2＝18(種)選法．所以共有18種不同的選法． 1．從A地到B地，可乘汽車、火車、輪船三種交通工具，如果一天內(nèi)汽車發(fā)3次，火車發(fā)4次，輪船發(fā)2次，那么一天內(nèi)乘坐這三種交通工具的不同走法數(shù)為(　　) A．1＋1＋1＝3 B．3＋4＋2＝9 C．342＝24 D．以上都不對(duì) 考點(diǎn)　分類加法計(jì)數(shù)原理 題點(diǎn)　分類加法計(jì)數(shù)原理的應(yīng)用 答案　B 解析　分三類：第一類，乘汽車，從3次中選1次有3種走法；第二類，乘火車，從4次中選1次有4種走法；第三類乘輪船，從2次中選1次有2種走法，所以共有3＋4＋2＝9(種)不同的走法． 2．現(xiàn)有4件不同款式的上衣和3條不同顏色的長褲，如果一條長褲與一件上衣配成一套，則不同的配法種數(shù)為(　　) A．7 B．12 C．64 D．81 考點(diǎn)　分步乘法計(jì)數(shù)原理 題點(diǎn)　分步乘法計(jì)數(shù)原理的應(yīng)用 答案　B 解析　要完成配套，分兩步：第1步，選上衣，從4件上衣中任選一件，有4種不同的選法；第2步，選長褲，從3條長褲中任選一條，有3種不同的選法．故共有43＝12(種)不同的配法． 3．若x，y∈N*，且x＋y≤5，則有序自然數(shù)對(duì)(x，y)的個(gè)數(shù)為(　　) A．6 B．8 C．9 D．10 考點(diǎn)　分類加法計(jì)數(shù)原理 題點(diǎn)　分類加法計(jì)數(shù)原理的應(yīng)用 答案　D 解析　當(dāng)x＝1時(shí)，y＝1,2,3,4，共構(gòu)成4個(gè)有序自然數(shù)對(duì)； 當(dāng)x＝2時(shí)，y＝1,2,3，共構(gòu)成3個(gè)有序自然數(shù)對(duì)； 當(dāng)x＝3時(shí)，y＝1,2，共構(gòu)成2個(gè)有序自然數(shù)對(duì)； 當(dāng)x＝4時(shí)，y＝1，共構(gòu)成1個(gè)有序自然數(shù)對(duì)． 根據(jù)分類加法計(jì)數(shù)原理，共有N＝4＋3＋2＋1＝10(個(gè))有序自然數(shù)對(duì)． 4．5名乒乓球隊(duì)員中，有2名老隊(duì)員和3名新隊(duì)員．現(xiàn)從中選出3名隊(duì)員參加團(tuán)體比賽，則入選的3名隊(duì)員中至少有一名老隊(duì)員的選法有________種．(用數(shù)字作答) 考點(diǎn)　兩個(gè)計(jì)數(shù)原理的區(qū)別與聯(lián)系 題點(diǎn)　兩個(gè)原理的簡單綜合應(yīng)用 答案　9 解析　分為兩類：兩名老隊(duì)員、一名新隊(duì)員時(shí)，有3種選法；兩名新隊(duì)員、一名老隊(duì)員時(shí)，有23＝6(種)選法，即共有9種不同選法． 5．某校高中三年級(jí)一班有優(yōu)秀團(tuán)員8人，二班有優(yōu)秀團(tuán)員10人，三班有優(yōu)秀團(tuán)員6人，學(xué)校組織他們?nèi)⒂^某愛國主義教育基地． (1)推選1人為總負(fù)責(zé)人，有多少種不同的選法？ (2)每班選1人為小組長，有多少種不同的選法？ (3)從他們中選出2個(gè)人管理生活，要求這2個(gè)人不同班，有多少種不同的選法？ 考點(diǎn)　兩個(gè)計(jì)數(shù)原理的區(qū)別與聯(lián)系 題點(diǎn)　兩個(gè)原理的簡單綜合應(yīng)用 解　(1)分三類，第一類是從一班的8名優(yōu)秀團(tuán)員中產(chǎn)生，有8種不同的選法；第二類是從二班的10名優(yōu)秀團(tuán)員中產(chǎn)生，有10種不同的選法；第三類是從三班的6名優(yōu)秀團(tuán)員中產(chǎn)生，有6種不同的選法．由分類加法計(jì)數(shù)原理可得，共有N＝8＋10＋6＝24(種)不同的選法． (2)分三步，第一步從一班的8名優(yōu)秀團(tuán)員中選1名小組長，有8種不同的選法，第二步從二班的10名優(yōu)秀團(tuán)員中選1名小組長，有10種不同的選法．第三步是從三班的6名優(yōu)秀團(tuán)員中選1名小組長，有6種不同的選法．由分步乘法計(jì)數(shù)原理可得，共有N＝8106＝480(種)不同的選法． (3)分三類：每一類又分兩步，第一類是從一班、二班的優(yōu)秀團(tuán)員中各選1人，有810種不同的選法；第二類是從二班、三班的優(yōu)秀團(tuán)員中各選1人，有106種不同的選法；第三類是從一班、三班的優(yōu)秀團(tuán)員中各選1人，有86種不同的選法．因此，共有N＝810＋106＋86＝188(種)不同的選法． 1．使用兩個(gè)原理解題的本質(zhì) ―→―→ ―→―→ 2．利用兩個(gè)計(jì)數(shù)原理解決實(shí)際問題的常用方法 一、選擇題 1．圖書館的書架有3層，第1層有3本不同的數(shù)學(xué)書，第2層有5本不同的語文書，第3層有8本不同的英語書，現(xiàn)從中任取1本書，不同的取法共有(　　) A．120種 B．16種 C．64種 D．39種 考點(diǎn)　分類加法計(jì)數(shù)原理 題點(diǎn)　分類加法計(jì)數(shù)原理的應(yīng)用 答案　B 解析　由于書架上有3＋5＋8＝16(本)書，則從中任取1本書，共有16種不同的取法． 2．已知a∈{3,4,6}，b∈{1,2}，r∈{1,4,9,16}，則方程(x－a)2＋(y－b)2＝r2可表示的不同圓的個(gè)數(shù)是(　　) A．6 B．9 C．16 D．24 考點(diǎn)　分步乘法計(jì)數(shù)原理 題點(diǎn)　分步乘法計(jì)數(shù)原理的應(yīng)用 答案　D 解析　確定一個(gè)圓的方程可分為三個(gè)步驟：第一步，確定a，有3種選法；第二步，確定b，有2種選法；第三步，確定r，有4種選法．由分步乘法計(jì)數(shù)原理得，不同圓的個(gè)數(shù)為324＝24. 3．從集合{1,2,3，…，8}中任意選出3個(gè)不同的數(shù)，使這3個(gè)數(shù)成等比數(shù)列，這樣的等比數(shù)列的個(gè)數(shù)為(　　) A．3 B．4 C．6 D．8 考點(diǎn)　分類加法計(jì)數(shù)原理 題點(diǎn)　分類加法計(jì)數(shù)原理的應(yīng)用 答案　B 解析　以1為首項(xiàng)的等比數(shù)列為1,2,4；以2為首項(xiàng)的等比數(shù)列為2,4,8.把這兩個(gè)數(shù)列的順序顛倒，又得到2個(gè)數(shù)列，∴所求數(shù)列為4個(gè)． 4．現(xiàn)有6名同學(xué)去聽同時(shí)進(jìn)行的5個(gè)課外知識(shí)講座，每名同學(xué)可自由選擇其中的一個(gè)講座，不同選法的種數(shù)是(　　) A．56 B．65 C. D．65432 考點(diǎn)　分步乘法計(jì)數(shù)原理 題點(diǎn)　分步乘法計(jì)數(shù)原理的應(yīng)用 答案　A 解析　每位同學(xué)都有5種選擇，共有555555＝56(種)． 5．如果x，y∈N，且1≤x≤3，x＋y<7，則滿足條件的不同的有序自然數(shù)對(duì)(x，y)的個(gè)數(shù)是(　　) A．5 B．12 C．15 D．4 考點(diǎn)　分類加法計(jì)數(shù)原理 題點(diǎn)　分類加法計(jì)數(shù)原理的應(yīng)用 答案　C 解析　當(dāng)x＝1時(shí)，y的取值范圍可能為0,1,2,3,4,5，有6種情況； 當(dāng)x＝2時(shí)，y的取值可能為0,1,2,3,4，有5種情況； 當(dāng)x＝3時(shí)，y的取值范圍可能為0,1,2,3，有4種情況； 根據(jù)分類加法計(jì)數(shù)原理可得，滿足條件的(x，y)的個(gè)數(shù)為6＋5＋4＝15. 6．定義集合A與B的運(yùn)算A*B如下：A*B＝{(x，y)|x∈A，y∈B}，若A＝{a，b，c}，B＝{a，c，d，e}，則集合A*B的元素個(gè)數(shù)為(　　) A．34 B．43 C．12 D．以下都不對(duì) 考點(diǎn)　分步乘法計(jì)數(shù)原理 題點(diǎn)　分步乘法計(jì)數(shù)原理的應(yīng)用 答案　C 解析　由分步乘法計(jì)數(shù)原理可知，A*B中共有34＝12(個(gè))元素． 7．從甲地到乙地有2種走法，從乙地到丙地有4種走法，從甲地不經(jīng)過乙地到丙地有3種走法，則從甲地到丙地的不同走法種數(shù)為(　　) A．2＋4＋3 B．24＋3 C．23＋4 D．243 考點(diǎn)　兩個(gè)計(jì)數(shù)原理的區(qū)別與聯(lián)系 題點(diǎn)　兩個(gè)原理的簡單綜合應(yīng)用 答案　B 解析　分兩類，一是從甲地經(jīng)乙地到丙地，有24種，二是直接從甲地到丙地，有3種，所以從甲地到丙地的不同走法種數(shù)共有24＋3. 8．已知集合M∈{1，－2,3}，N∈{－4,5,6，－7}，從兩個(gè)集合中各取一個(gè)元素作為點(diǎn)的坐標(biāo)，則這樣的坐標(biāo)在直角坐標(biāo)系中可表示第一、二象限內(nèi)不同的點(diǎn)的個(gè)數(shù)是(　　) A．18 B．17 C．16 D．14 考點(diǎn)　兩個(gè)計(jì)數(shù)原理的區(qū)別與聯(lián)系 題點(diǎn)　兩個(gè)原理的簡單綜合應(yīng)用 答案　D 解析　分兩類． 第一類：M中的元素作橫坐標(biāo)，N中的元素作縱坐標(biāo)，則在第一、二象限內(nèi)的點(diǎn)有32＝6(個(gè))； 第二類：N中的元素作橫坐標(biāo)，M中的元素作縱坐標(biāo)，則在第一、二象限內(nèi)的點(diǎn)有42＝8(個(gè))． 由分類加法計(jì)數(shù)原理可知，共有6＋8＝14(個(gè))點(diǎn)在第一、二象限． 二、填空題 9．一個(gè)禮堂有4個(gè)門，若從任一個(gè)門進(jìn)，從任一門出，共有不同走法________種． 考點(diǎn)　分步乘法計(jì)數(shù)原理 題點(diǎn)　分步乘法計(jì)數(shù)原理的應(yīng)用 答案　16 解析　由分步乘法計(jì)數(shù)原理得44＝16. 10．若在如圖1的電路中，只合上一個(gè)開關(guān)可以接通電路，有________種不同的方法； 在如圖2的電路中，合上兩個(gè)開關(guān)可以接通電路，有________種不同的方法． 考點(diǎn)　兩個(gè)計(jì)數(shù)原理的區(qū)別與聯(lián)系 題點(diǎn)　兩個(gè)原理的簡單綜合應(yīng)用 答案　5　6 解析　對(duì)于圖1，按要求接通電路，只要在A中的兩個(gè)開關(guān)或B中的三個(gè)開關(guān)中合上一個(gè)即可，故有2＋3＝5(種)不同的方法． 對(duì)于圖2，按要求接通電路必須分兩步進(jìn)行： 第一步，合上A中的一個(gè)開關(guān)； 第二步，合上B中的一個(gè)開關(guān)， 故有23＝6(種)不同的方法． 11．直線方程Ax＋By＝0，若從0,1,3,5,7,8這6個(gè)數(shù)字中每次取兩個(gè)不同的數(shù)作為A，B的值，則可表示________條不同的直線． 考點(diǎn)　兩個(gè)計(jì)數(shù)原理的區(qū)別與聯(lián)系 題點(diǎn)　兩個(gè)原理的簡單綜合應(yīng)用 答案　22 解析　若A或B中有一個(gè)為零時(shí)，有2條；當(dāng)AB≠0時(shí)有54＝20(條)，故共有20＋2＝22(條)不同的直線． 12．某運(yùn)動(dòng)會(huì)上，8名男運(yùn)動(dòng)員參加100米決賽，其中甲、乙、丙三人必須在1,2,3,4,5,6,7,8八條跑道的奇數(shù)號(hào)跑道上，則安排這8名運(yùn)動(dòng)員比賽的方式共有________種． 考點(diǎn)　分步乘法計(jì)數(shù)原理 題點(diǎn)　分步乘法計(jì)數(shù)原理的應(yīng)用 答案　2 880 解析　分兩步安排這8名運(yùn)動(dòng)員． 第一步，安排甲、乙、丙三人，共有1,3,5,7四條跑道可安排，所以共有432＝24(種)方法； 第二步，安排另外5人，可在2,4,6,8及余下的一條奇數(shù)號(hào)跑道安排，共有54321＝120(種)． 所以安排這8人的方式共有24120＝2 880(種)． 三、解答題 13．現(xiàn)有高一四個(gè)班的學(xué)生34人，其中一、二、三、四班分別有7人、8人、9人、10人，他們自愿組成數(shù)學(xué)課外小組． (1)選其中一個(gè)為負(fù)責(zé)人，有多少種不同的選法？ (2)每班選一名組長，有多少種不同的選法？ (3)推選兩人做中心發(fā)言，這兩人需來自不同的班級(jí)，有多少種不同的選法？ 考點(diǎn)　兩個(gè)計(jì)數(shù)原理的區(qū)別與聯(lián)系 題點(diǎn)　兩個(gè)原理的簡單綜合應(yīng)用 解　(1)分四類：第一類，從一班學(xué)生中選1人，有7種選法；第二類，從二班學(xué)生中選1人，有8種選法；第三類，從三班學(xué)生中選1人，有9種選法；第四類，從四班學(xué)生中選1人，有10種選法，所以共有不同的選法N＝7＋8＋9＋10＝34(種)． (2)分四步：第一、二、三、四步分別從一、二、三、四班學(xué)生中選一人任組長．所以共有不同的選法N＝78910＝5 040(種)． (3)分六類，每類又分兩步：從一、二班學(xué)生中各選1人，有78種不同的選法；從一、三班學(xué)生中各選1人，有79種不同的選法；從一、四班學(xué)生中各選1人，有710種不同的選法，從二、三班學(xué)生中各選1人，有89種不同的選法；從二、四班學(xué)生中各選1人，有810種不同的選法；從三、四班學(xué)生中各選1人，有910種不同的選法． 所以，共有不同的選法N＝78＋79＋710＋89＋810＋910＝431(種)． 四、探究與拓展 14．如果一條直線與一個(gè)平面平行，那么稱此直線與平面構(gòu)成一個(gè)“平行線面組”．在一個(gè)長方體中，求由兩個(gè)頂點(diǎn)確定的直線與含有四個(gè)頂點(diǎn)的平面構(gòu)成的“平行線面組”的個(gè)數(shù)． 考點(diǎn)　兩個(gè)計(jì)數(shù)原理的區(qū)別與聯(lián)系 題點(diǎn)　兩個(gè)原理的簡單綜合應(yīng)用 解　長方體的6個(gè)表面構(gòu)成的“平行線面組”有66＝36(個(gè))，另外含4個(gè)頂點(diǎn)的6個(gè)面(非表面)構(gòu)成的“平行線面組”有62＝12(個(gè))，所以共有36＋12＝48(個(gè))． 15．集合A＝{1,2，－3}，B＝{－1，－2,3,4}，從A，B中各取1個(gè)元素，作為點(diǎn)P(x，y)的坐標(biāo)． (1)可以得到多少個(gè)不同的點(diǎn)？ (2)這些點(diǎn)中，位于第一象限的有幾個(gè)？ 考點(diǎn)　兩個(gè)計(jì)數(shù)原理的區(qū)別與聯(lián)系 題點(diǎn)　兩個(gè)原理的簡單綜合應(yīng)用 解　(1)可分為兩類：A中元素為x，B中元素為y或A中元素為y，B中元素為x，則共得到34＋43＝24(個(gè))不同的點(diǎn)． (2)第一象限內(nèi)的點(diǎn)，即x，y均為正數(shù)，所以只能取A，B中的正數(shù)，共有22＋22＝8(個(gè))不同的點(diǎn)．