《2019屆高考物理一輪復習 第二章 相互作用章末檢測 新人教版.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2019屆高考物理一輪復習 第二章 相互作用章末檢測 新人教版.doc（7頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

第二章 相互作用 章末檢測 (滿分：100分，時間：45分鐘) 一、選擇題(共8小題，每小題6分，共48分.1～5題只有一個選項正確，6～8題有多個選項正確) 1．如圖所示，楔形物塊a固定在水平地面上，在其斜面上靜止著小物塊b.現用大小一定的力F分別沿不同方向作用在小物塊b上，小物塊b仍保持靜止，如下圖所示．則a、b之間的靜摩擦力一定增大的是(　　) 解析：未加力F前對b進行受力分析可知，b受沿斜面向上的靜摩擦力．A中加力F后，靜摩擦力一定增大；B、C中加力F后，靜摩擦力可能減??；D中加力F后，靜摩擦力不變．故A選項正確． 答案：A 2．在天花板上用相同的兩根輕質細線1和2懸掛一塊薄板，細線1和2與豎直方向分別成45、60角，薄板處于靜止狀態(tài)，如圖所示，則下列說法正確的是(　　) A．細線2對薄板的拉力大于細線1對薄板的拉力 B．設法保持重心位置不變，緩慢增加薄板的質量，則細線1先斷 C．細線1和2延長線的交點一定是薄板的重心位置 D．細線2 端點O2緩慢向右側移動，細線1對薄板的拉力減小 解析：薄板在細線1、2的拉力和重力的作用下處于靜止狀態(tài)，三力的延長線必交于同一點，但不一定是重心，所以C錯誤；把兩細線拉力正交分解，在水平方向有F1sin 45＝F2sin 60，可得細線2對薄板的拉力小于于細線1對板的拉力，所以A錯誤；在重心位置不變，緩慢增加薄板的質量時，兩細線的拉力同時增大，由于細線1的拉力較大，所以細線1先斷，故B正確；細線2端點O2緩慢向右側移動時，力的示意圖如圖所示，由此可知，細線1的拉力F1增大，故D錯誤． 答案：B 3．如圖甲、乙所示，傾角為θ的斜面上放置一滑塊M，在滑塊M上放置一個質量為m的物塊，M和m相對靜止，一起沿斜面勻速下滑，下列說法正確的是(　　) A．圖甲中物塊m受到摩擦力，方向水平向左 B．圖乙中物塊m受到摩擦力，方向與斜面平行向上 C．圖甲中物塊M受到5個力 D．圖乙中物塊M受到6個力 解析：甲中物塊m如果受到摩擦力，則在水平方向上合力不為零，不能做勻速直線運動，所以圖甲中的m不受摩擦力作用，圖乙中的m在沿斜面方向上受到重力沿斜面向下的分力和沿斜面向上的靜摩擦力，兩力等大反向，故選項A錯誤，B正確；圖甲中的M受到重力、斜面的支持力、斜面給的滑動摩擦力、m的壓力4個力作用，而圖乙中的M受到重力、斜面的支持力、m的壓力、斜面給的摩擦力、m給的摩擦力共5個力作用，故選項C、D錯誤． 答案：B 4．如圖所示，兩個質量均為m的小球用輕質細桿連接靜止于內壁光滑的半球形碗內，桿及碗口平面均水平，碗的半徑及兩小球之間的距離均為R，不計小球半徑，則碗對每個小球的支持力大小為(　　) A.mg　　　　　　　 B.mg C.mg D．2mg 解析：以其中一小球為研究對象，受力情況如圖所示．根據題意可知θ＝30，根據平衡條件可知FN1＝＝mg，選項B正確． 答案：B 5.如圖所示，桌面上固定一個光滑豎直擋板，現將一個長方體物塊A與截面為三角形的墊塊B疊放在一起，用水平外力F緩緩向左推動B，使A緩慢升高，設各接觸面均光滑，則該過程中(　　) A．A和B均受三個力作用而平衡 B．B對桌面的壓力越來越大 C．A對B的壓力越來越小 D．推力F的大小恒定不變 解析：A受到重力、擋板的彈力和B的支持力三個力，B受到重力、A的壓力、桌面的支持力和推力F四個力，故A錯誤．當B向左移動時，B對A的支持力和擋板對A的彈力方向均不變，根據平衡條件得知，這兩個力的大小也保持不變，則A對B的壓力也保持不變，故C錯誤．對整體受力分析，由平衡條件得知F＝F2，擋板對A的彈力F2不變，則推力F不變，故D正確．桌面對整體的支持力FN＝G總，保持不變，則B對桌面的壓力不變，故B錯誤． 答案：D 6．如圖所示，在粗糙固定的斜面上，放有A、B兩個木塊，用輕質彈簧將A、B兩木塊連接起來，B木塊的另一端再通過細線與物體C相連接，細線跨過光滑定滑輪使C物體懸掛著，A、B、C均處于靜止狀態(tài)，下列說法正確的是(　　) A．彈簧彈力可能為零 B．A受到的摩擦力一定沿斜面向上 C．B可能不受到摩擦力的作用 D．若增大B物體的重量，則B物體受到的摩擦力一定將先增大后減小 解析：由于斜面粗糙，彈簧有可能處于自然長度，即彈力有可能為零，A正確；如果彈簧處于伸長狀態(tài)，當彈簧的彈力大于A重力沿斜面向下的分力時，A受到的摩擦力沿斜面向下，B錯誤；以B為研究對象，沿斜面方向有F繩＋FT彈＋Ff－mBgsin θ＝0，如果F繩＋FT彈＝mBgsin θ，則摩擦力為零，C正確；初狀態(tài)下不知道B受到的摩擦力大小和方向，無法確定增大B物體的重量時B物體受到的摩擦力變化情況，D錯誤． 答案：AC 7．如圖是簡易測水平風速的裝置，輕質塑料球用細線懸于豎直桿頂端O，當水平風吹來時，球在水平風力F的作用下飄起來．F與風速v的大小成正比，當v＝3 m/s時，測得球平衡時細線與豎直方向的夾角θ＝60，則(　　) A．水平風力F越大，球平衡時，細線所受拉力越大 B．當風速v＝3 m/s時，F的大小恰好等于球的重力的倍 C．當風速v＝6 m/s時，θ＝90 D．換用半徑相等，但質量較小的球，則當θ＝60時，v大于3 m/s 解析：拉力FT＝，水平風力越大，平衡時，細線與豎直方向的夾角θ越大，則細線的拉力越大，故A正確．對小球受力分析，小球受重力、風力和拉力處于平衡，當細線與豎直方向的夾角θ＝60時，根據平行四邊形定則知，風力F＝mgtan 60＝mg，故B正確．當風速為6 m/s，則風力為原來的2倍，即為2mg，根據平行四邊形定則知，tan θ＝＝2，θ≠90，故C錯誤．換用半徑相等，但質量較小的球，知重力變小，當θ＝60時，風力F＝m′g＜mg，可知風力減小，所以v小于3 m/s，故D錯誤，故選A、B. 答案：AB 8．如圖所示，一光滑半圓環(huán)豎直固定于粗糙的木板上，圓心為O1，小球A穿套在環(huán)左側最低點，并由輕繩通過光滑的小滑輪O與小球B相連，B右側細線水平，O點在環(huán)心O1的正上方，OA與豎直方向成30角，OA⊥OB，兩球均處于靜止狀態(tài)，小球A恰好對木板沒有力的作用．若對B施加一外力F，使小球A緩慢運動到O點正下方的過程中，木板始終靜止．則下列說法正確的是(　　) A．A、B兩球的質量之比為∶1 B．OA細線拉力逐漸變大 C．地面對木板的摩擦力逐漸變小 D．地面對木板支持力逐漸變小 解析：對A分析，如圖所示： 由幾何關系和平衡條件有FTcos 30＝mAg，再隔離對B分析，根據共點力平衡有FTcos 60＝mBg，則mA＝mB，可知＝，選項A正確．A球沿半圓柱緩慢向上移動時，滿足動態(tài)平衡，由力三角形和幾何三角形相似可知＝＝，其中mAg、h、R均不變，則FNA大小不變，而隨l減小，拉力FT變小，選項B錯誤．因FNA大小不變，與水平的夾角逐漸變大，則反作用力FNA′的水平分力向右逐漸變小，則與之平衡的地面摩擦力逐漸變小，選項C正確．對光滑半圓環(huán)和木板整體分析可知，豎直方向有FN地＝G＋FNA′ cos β，由于FNA′不變，β逐漸減小，故地面對木板的支持力逐漸變大，選項D錯誤．故選A、C. 答案：AC 二、非選擇題(共5小題，52分) 9．(8分)“探究力的平行四邊形定則”的實驗如圖甲所示，其中A為固定橡皮條的圖釘，P為橡皮條與細繩的結點，用兩個互成角度的彈簧測力計把結點P拉到位置O. (1)從圖甲可讀得彈簧測力計B的示數為________ N(結果保留兩位有效數字)． (2)為了更準確得到合力與分力的關系，要采用作力的________(選填“圖示”或“示意圖”)來表示分力與合力． (3)該實驗中與F1、F2效果相同的力是________(選填“F”或“F′”)． (4)圖乙中方向一定沿AO方向的力是________(選填“F”或“F′”)． 解析：(1)彈簧測力計上指針指在“3.8”處，所以彈簧測力計的示數為3.8 N. (2)力的示意圖只表示力的方向和作用點，而力的圖示可以比較準確的表示出力的大小、方向、作用點，故為了更準確得到合力與分力的關系，要采用作力的圖示． (3)圖乙中與F1、F2作用效果相同的力是用一個彈簧測力計把結點P拉到位置O的力F′，F是通過作圖的方法得到合力的理論值，與F′有所偏差． (4)一定沿AO方向的力是F′，用平行四邊形定則求得的合力F與F′有一定偏差，不一定沿AO方向． 答案：(1)3.8　(2)圖示　 (3)F′　(4)F′ 10．(8分)用一根彈簧和一個彈簧測力計做“求合力”的實驗． (1)用如圖甲裝置測定彈簧的勁度系數，掛鉤碼時不能超過彈簧的________； (2)改變所掛鉤碼個數，把測出的多組數據繪成如圖乙的彈力F跟伸長量x的關系圖線，則彈簧的勁度系數為________N/cm； (3)用這根彈簧和彈簧測力計都與橡皮筋成135角來拉橡皮筋，彈簧測力計示數如圖丙所示，則此時彈簧的伸長量為________cm； (4)用力的圖示以這兩個分力為鄰邊作平行四邊形，得出合力的大小F合，若實驗誤差較小可以忽略不計，則F合＝________N. 解析：(1)用題圖甲裝置測定彈簧的勁度系數，掛鉤碼時不能超過彈簧的彈性限度； (2)根據胡克定律得圖線的斜率表示彈簧的勁度系數，則k＝ N/cm＝0.2 N/cm； (3)彈簧測力計示數為2.10 N，此時彈簧的伸長量為Δx＝ cm＝10.5 cm； (4)若實驗誤差較小可以忽略不計，則F合＝2.10 N＝2.97 N. 答案：(1)彈性限度　(2)0.2　(3)10.5　(4)2.97 11．(10分)某同學表演魔術時，將一小型條形磁鐵藏在自己的袖子里，然后對著一懸掛的金屬小球指手畫腳，結果小球在他神奇的“功力”下飄動起來．假設當隱藏的小磁鐵位于小球的左上方某一位置C(∠QCS＝30)時，金屬小球偏離豎直方向的夾角θ也是30，如圖所示．已知小球的質量為m，該同學(含磁鐵)的質量為M，求： (1)懸掛小球的細線的拉力大??； (2)該同學受到地面的支持力和摩擦力大?。? 解析：(1)以小球為研究對象，受力分析如圖甲所示， 則由平衡條件得 Fsin 30＝FCsin 30 FCcos 30＋Fcos 30＝mg 解得F＝FC＝mg (2)以小球和該同學整體為研究對象，受力分析如圖乙所示， 由平衡條件得 Ff＝Fsin 30 FN＋Fcos 30＝(M＋m)g 聯(lián)立解得Ff＝mg， FN＝Mg＋mg. 答案：(1)mg　(2)Mg＋mg　mg 12．(12分)如圖所示，質量M＝2 kg的木塊A套在水平桿上，并用輕繩將木塊與質量m＝ kg的小球B相連．今用跟水平方向成α＝30角的力F＝10 N拉著球帶動木塊一起向右勻速運動，運動中A、B相對位置保持不變，g取10 m/s2.求： (1)運動過程中輕繩與水平方向夾角θ. (2)木塊與水平桿間的動摩擦因數μ. 解析：(1)對小球，受到拉力F、重力mg及輕繩拉力FT，處于平衡狀態(tài)， 在水平方向上：Fcos 30＝FTcos θ， 在豎直方向上：Fsin 30＋FTsin θ＝mg， 根據這兩個式子可求出θ＝30，FT＝10 N. (2)對物塊：受到重力Mg、輕繩拉力FT、水平桿的摩擦力Ff及支持力FN，處于平衡狀態(tài)， 水平方向上：FTcos θ＝Ff 豎直方向上：FN＝Mg＋FTsin θ， 又Ff＝μFN 聯(lián)立三式可得：μ＝ 答案：(1)30　(2) 13．(14分)如圖所示，質量為1.2 kg的物塊G1在三根細繩懸吊下處于靜止狀態(tài)，細繩BP在水平方向，且連在重為5 kg的物塊G2上，細繩AP偏離豎直方向37角，物塊G2靜止于傾角為37的斜面上(sin 37＝0.6，cos 37＝0.8)，g取10 m/s2.求： (1)繩PB對物塊G2的拉力大?。? (2)斜面對物塊G2的摩擦力大小和支持力大?。? 解析：(1)結點P受力如圖甲所示，由平衡條件得 FAcos 37－m1g＝0 FAsin 37－FB＝0 聯(lián)立并代入數據解得FB＝9 N，FA＝15 N. (2)物塊G2的受力情況如圖乙所示，由平衡條件得 m2gsin 37＋FB′cos 37－Ff＝0 FN＋FB′sin 37－m2gcos 37＝0 由牛頓第三定律得 FB′＝FB 由以上三式并代入數據解得Ff＝37.2 N，FN＝34.6 N. 答案：(1)9 N　(2)37.2 N　34.6 N