《2018-2019學(xué)年高中數(shù)學(xué) 第三章 不等式 3.4 基本不等式 第1課時(shí) 基本不等式練習(xí) 新人教A版必修5.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2018-2019學(xué)年高中數(shù)學(xué) 第三章 不等式 3.4 基本不等式 第1課時(shí) 基本不等式練習(xí) 新人教A版必修5.doc（7頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

第三章　3.4　第1課時(shí) 基本不等式 A級(jí)　基礎(chǔ)鞏固 一、選擇題 1．若2x＋2y＝1，則x＋y的取值范圍是(　D　) A．[0,2]　　　　　　　　 B．[－2,0] C．[－2，＋∞) D．(－∞，－2] [解析]　∵2x>0,2y>0，∴2x＋2y≥2＝2(當(dāng)且僅當(dāng)2x＝2y時(shí)，等號(hào)成立)， ∴≤，∴2x＋y≤，∴x＋y≤－2． 2．(2018－2019學(xué)年度山東昌樂(lè)一中高二月考)設(shè)a，b滿足2a＋3b＝6(a＞0，b＞0)，則＋的最小值為(　A　) A． B． C． D．4 [解析]　∵2a＋3b＝6，∴＋＝1， ∴＋＝(＋)(＋)＝＋＋≥＋2＝＋2＝， 當(dāng)且僅當(dāng)＝，即a＝b＝時(shí)，等號(hào)成立． 3．(2018－2019學(xué)年度江西戈陽(yáng)一中高二月考)下列結(jié)論正確的是(　D　) A．當(dāng)x＞0，x≠1時(shí)，lgx＋≥2 B．當(dāng)x≥2時(shí)，x＋的最小值為2 C．當(dāng)x∈R時(shí)，x2＋1＞2x D．當(dāng)x＞0時(shí)，＋的最小值為2 [解析]　當(dāng)0＜x＜1時(shí)，lgx＜0，排除A；當(dāng)x≥2時(shí)，y＝x＋單調(diào)遞增，ymin＝2＋＝，排除B；當(dāng)x＝1時(shí)，x2＋1＝2x，排除C，故選D． 4．函數(shù)f(x)＝的最大值為(　B　) A． B． C． D．1 [解析]　令t＝(t≥0)，則x＝t2，∴f(x)＝＝． 當(dāng)t＝0時(shí)，f(x)＝0； 當(dāng)t>0時(shí)，f(x)＝＝． ∵t＋≥2，∴0<≤.∴f(x)的最大值為． 5．已知x>0，y>0，x、a、b、y成等差數(shù)列，x、c、d、y成等比數(shù)列，則的最小值是(　D　) A．0 B．1 C．2 D．4 [解析]　由等差、等比數(shù)列的性質(zhì)得 ＝＝＋＋2≥2＋2＝4.當(dāng)且僅當(dāng)x＝y(tǒng)時(shí)取等號(hào)，∴所求最小值為4． 6．設(shè)函數(shù)f(x)＝2x＋－1(x<0)，則f(x)(　A　) A．有最大值 B．有最小值 C．是增函數(shù) D．是減函數(shù) [解析]　∵x<0，∴f(x)＝2x＋－1 ≤－2－1 ＝－2－1， 等號(hào)在－2x＝，即x＝－時(shí)成立． ∴f(x)有最大值． 二、填空題 7．若對(duì)任意x>0，≤a恒成立，則a的取值范圍是__[，＋∞)__． [解析]　令f(x)＝(x>0) ＝≤＝， 當(dāng)且僅當(dāng)x＝，即x＝1時(shí)等號(hào)成立， ∴a≥f(x)max＝． 8．已知正數(shù)x、y滿足x＋2y＝2，則的最小值為_(kāi)_9__． [解析]　因?yàn)閤、y為正數(shù)，且x＋2y＝2，所以＝(＋)(＋y)＝＋＋5≥2＋5＝9，當(dāng)且僅當(dāng)x＝4y＝時(shí)，等號(hào)成立，所以的最小值為9． 三、解答題 9．已知x>0，y>0． (1)若2x＋5y＝20，求u＝lgx＋lgy的最大值； (2)若lgx＋lgy＝2，求5x＋2y的最小值． [解析]　(1)∵x>0，y>0， 由基本不等式，得2x＋5y≥2＝2． 又∵2x＋5y＝20， ∴20≥2， ∴≤，∴xy≤10， 當(dāng)且僅當(dāng)2x＝5y時(shí)，等號(hào)成立． 由，解得． ∴當(dāng)x＝5，y＝2時(shí)，xy有最大值10． 這樣u＝lgx＋lgy＝lg(xy)≤lg10＝1． ∴當(dāng)x＝5，y＝2時(shí)，umax＝1． (2)由已知，得xy＝100， 5x＋2y≥2＝2＝20． ∴當(dāng)且僅當(dāng)5x＝2y＝，即當(dāng)x＝2， y＝5時(shí)，等號(hào)成立． 所以5x＋2y的最小值為20． 10．已知直角三角形兩條直角邊的和等于10 cm，求面積最大時(shí)斜邊的長(zhǎng)． [解析]　設(shè)一條直角邊長(zhǎng)為x cm，(02ab，a＋b>2，a>a2，b>b2， ∴a＋b>a2＋b2，故選D． 解法二：取a＝，b＝，則a2＋b2＝，2＝，2ab＝，a＋b＝，顯然最大． 2．(2018－2019學(xué)年度福建莆田一中高二月考)某工廠第一年產(chǎn)量為A，第二年的增長(zhǎng)率為a, 第三年的增長(zhǎng)率為b，這兩年的平均增長(zhǎng)率為x，則(　B　) A．x＝ B．x≤ C．x＞ D．x≥ [解析]　∵這兩年的平均增長(zhǎng)率為x ∴A(1＋x)2＝A(1＋a)(1＋b)， ∴(1＋x)2＝(1＋a)(1＋b)，由題設(shè)a＞0，b＞0． ∴1＋x＝≤ ＝1＋，∴x≤， 等號(hào)在1＋a＝1＋b即a＝b時(shí)成立．∴選B． 3．已知向量a＝(x－1,2)，b＝(4，y)(x、y為正數(shù))，若a⊥b，則xy的最大值是(　A　) A． B．－ C．1 D．－1 [解析]　由已知得4(x－1)＋2y＝0，即2x＋y＝2． ∴xy＝x(2－2x)＝≤()2＝，等號(hào)成立時(shí)2x＝2－2x，即x＝，y＝1，∴xy的最大值為． 二、填空題 4．已知函數(shù)y＝x－4＋(x>－1)，當(dāng)x＝a時(shí)，y取得最小值b，則a＋b＝__3__． [解析]　y＝x－4＋＝x＋1＋－5， 因?yàn)閤>－1，所以x＋1>0，>0， 所以由均值不等式得y＝x＋1＋－5 ≥2－5＝1， 當(dāng)且僅當(dāng)x＋1＝，即x＝2時(shí)，等號(hào)成立，所以a＝2，b＝1，a＋b＝3． 5．已知x＜，則函數(shù)y＝4x－2＋的最大值是__1__． [解析]　∵x＜，∴4x－5＜0，y＝4x－2＋ ＝4x－5＋＋3＝3－ ≤3－2＝1， 等號(hào)在5－4x＝，即x＝1時(shí)成立． 三、解答題 6．已知：a>0，b>0，a＋b＝1，求(a＋)2＋(b＋)2的最小值． [解析]　(a＋)2＋(b＋)2 ＝a2＋b2＋＋＋4＝(a2＋b2)(1＋)＋4 ＝(1－2ab)(1＋)＋4， ∵a>0，b>0，a＋b＝1， ∴ab≤()2＝， ∴1－2ab≥1－＝，且≥16,1＋≥17． ∴原式≥17＋4＝(當(dāng)且僅當(dāng)a＝b＝時(shí)，等號(hào)成立)，∴(a＋)2＋(b＋)2的最小值是． C級(jí)　能力拔高 1．求函數(shù)y＝1－2x－的值域． [解析]　y＝1－2x－＝1－(2x＋)． ①當(dāng)x>0時(shí)，2x＋≥2＝2． 當(dāng)且僅當(dāng)2x＝，即x＝時(shí)取等號(hào)． ∴y＝1－(2x＋)≤1－2． ②當(dāng)x<0時(shí)，y＝1＋(－2x)＋(－)． ∵－2x＋(－)≥2＝2． 當(dāng)且僅當(dāng)－2x＝－時(shí)，即x＝－時(shí)取等號(hào)． ∴此時(shí)y＝1－2x－≥1＋2 綜上知y∈(－∞，1－2]∪[1＋2，＋∞)． ∴函數(shù)y＝1－2x－的值域?yàn)?－∞，1－2]∪[1＋2，＋∞)． 2．某商場(chǎng)預(yù)計(jì)全年分批購(gòu)入每臺(tái)2 000元的電視機(jī)共3 600臺(tái)．每批都購(gòu)入x臺(tái)(x是自然數(shù))且每批均需付運(yùn)費(fèi)400元．貯存購(gòu)入的電視機(jī)全年所需付的保管費(fèi)與每批購(gòu)入電視機(jī)的總價(jià)值(不含運(yùn)費(fèi))成正比．若每批購(gòu)入400臺(tái)，則全年需用去運(yùn)輸和保管總費(fèi)用43 600元．現(xiàn)在全年只有24 000元資金可以支付這筆費(fèi)用，請(qǐng)問(wèn)，能否恰當(dāng)安排每批進(jìn)貨數(shù)量，使資金夠用？寫(xiě)出你的結(jié)論，并說(shuō)明理由． [解析]　設(shè)總費(fèi)用為y元(y＞0)，且將題中正比例函數(shù)的比例系數(shù)設(shè)為k，則y＝400＋k(2 000x)，依條件，當(dāng)x＝400時(shí)，y＝43 600，可得k＝5%， 故有y＝＋100x ≥2＝24 000(元)． 當(dāng)且僅當(dāng)＝100x，即x＝120時(shí)取等號(hào)． 所以只需每批購(gòu)入120臺(tái)，可使資金夠用．