《2019屆高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 查漏補(bǔ)缺課時練習(xí)（二十三）第23講 正弦定理和余弦定理的應(yīng)用 文.docx》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2019屆高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 查漏補(bǔ)缺課時練習(xí)（二十三）第23講 正弦定理和余弦定理的應(yīng)用 文.docx（8頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

課時作業(yè)(二十三)　第23講　正弦定理和余弦定理的應(yīng)用 時間 /45分鐘　分值 /90分 基礎(chǔ)熱身 1.在相距500m的A,B兩點處測量目標(biāo)點C,若∠CAB=75,∠CBA=60,則A,C兩點之間的距離為 (　　) A.1256m B.2506m C.1006m D.756m 圖K23-1 2.如圖K23-1,一艘海輪從A處出發(fā),以每小時42海里的速度沿南偏東40的方向直線航行,20分鐘后到達(dá)B處,在C處有一座燈塔,在A處觀察燈塔,其方向是南偏東70,在B處觀察燈塔,其方向是北偏東65,那么B,C兩點間的距離是 (　　) A.72 海里 B.82 海里 C.103 海里 D.123 海里 圖K23-2 3.如圖K23-2所示,已知兩座燈塔A和B與海洋觀察站C的距離都等于akm,燈塔A在觀察站C的北偏東20,燈塔B在觀察站C的南偏東40,則燈塔A與B之間的距離為 (　　) A.akm B.2akm C.2akm D.3akm 4.輪船A和輪船B在中午12時同時離開海港C,兩船航行方向的夾角為120,兩船的航行速度分別為25nmile/h,15nmile/h,則下午2時兩船之間的距離是　　　　nmile. 能力提升 5.已知A,B,C是海面上的三座島嶼,測得∠ABC=30,∠BAC=105,從島嶼A到島嶼C需要30min,按照同樣的速度,從島嶼A到島嶼B需要(取2≈1.4,3≈1.7) (　　) A.51min B.42min C.39min D.36min 圖K23-3 6.如圖K23-3,測量河對岸的塔高AB時,可以選與塔底B在同一水平面內(nèi)的兩個測點C與D,測得∠BCD=15,∠BDC=30,CD=30m,并在點C測得塔頂A的仰角為60,則塔高AB等于 (　　) A.56m B.153m C.52m D.156m 圖K23-4 7.如圖K23-4,飛機(jī)的航線和山頂在同一個鉛垂面內(nèi),若飛機(jī)的高度為海拔18km,速度為1000km/h,飛行員先看到山頂?shù)母┙菫?0,經(jīng)過1min后又看到山頂?shù)母┙菫?5,則山頂?shù)暮０胃叨葹?精確到0.1km,參考數(shù)據(jù):3≈1.732) (　　) A.11.4km B.6.6km C.6.5km D.5.6km 圖K23-5 8.如圖K23-5所示,一艘海輪從A處出發(fā),測得燈塔在海輪的北偏東15方向,與海輪相距20nmile的B處,海輪按北偏西60的方向航行了30min后到達(dá)C處,又測得燈塔在海輪的北偏東75的方向,則海輪的速度為 (　　) A.32nmile/min B.23nmile/min C.63nmile/min D.33nmile/min 圖K23-6 9.校運動會開幕式上舉行升旗儀式,旗桿正好處在坡度為15的看臺的某一列的正前方,從這一列的第一排和最后一排測得旗桿頂部的仰角分別為60和30,第一排和最后一排的距離為106m(如圖K23-6所示),旗桿底部與第一排在一個水平面上.若國歌時長為50s,要求升旗手勻速升旗,則升旗速度是 (　　) A.0.4m/s B.0.6m/s C.0.7m/s D.0.8m/s 10.江岸邊有一炮臺高30m,江中有兩條船,船與炮臺底部在同一水平面上,由炮臺頂部測得俯角分別為45和60,而且兩條船與炮臺底部連線成30角,則兩條船相距　　　　m. 圖K23-7 11.如圖K23-7,一輛汽車在一條水平的公路上向正西行駛,到A處時測得公路北側(cè)一山頂D在西偏北30的方向上,行駛600m后到達(dá)B處,測得此山頂在西偏北75的方向上,仰角為30,則此山的高度CD=　　　　m. 12.(12分)如圖K23-8所示,位于A處的信息中心獲悉:在其正東方向相距40nmile的B處有一艘漁船遇險,在原地等待營救.信息中心立即把消息告知在其南偏西30、相距20nmile的C處的乙船,現(xiàn)乙船朝北偏東θ的方向沿直線CB前往B處救援,求cosθ的值. 圖K23-8 13.(13分)某航模興趣小組的同學(xué),為了測定在湖面上航模航行的速度,采用如下辦法:在岸邊設(shè)置兩個觀察點A,B,且AB長為80m,當(dāng)航模在C處時,測得∠ABC=105和∠BAC=30,經(jīng)過20s后,航模直線航行到D處,此時測得∠BAD=90和∠ABD=45.請你根據(jù)以上條件求出航模的速度.(答案保留根號) 圖K23-9 難點突破 14.(5分)如圖K23-10,據(jù)氣象部門預(yù)報,在距離某碼頭南偏東45方向600km處的熱帶風(fēng)暴中心正以20km/h的速度向正北方向移動,距風(fēng)暴中心450km以內(nèi)的地區(qū)都將受到影響,則該碼頭將受到熱帶風(fēng)暴影響的時間為 (　　) A.14h B.15h C.16h D.17h 圖K23-10 圖K23-11 15.(5分)[2018南昌二模] 如圖K23-11,有一塊半徑為20米,圓心角∠AOB=2π3的扇形展示臺,展示臺被分成了四個區(qū)域:三角形OCD,弓形CMD,扇形AOC和扇形BOD(其中∠AOC=∠BOD).某次菊花展分別在這四個區(qū)域按上述順序依次擺放泥金香、紫龍臥雪、朱砂紅霜、朱砂紅霜,預(yù)計這三種菊花展示帶來的日效益依次是50元/米2,30元/米2,40元/米2.為使預(yù)計日總效益最大,∠COD的余弦值應(yīng)等于　　　　.  課時作業(yè)(二十三) 1.B　[解析] 在△ABC中,由已知可得∠ACB=45,由正弦定理得ACsin 60=500sin 45,所以AC=5003222=2506(m).故選B. 2.A　[解析] 依題意,在 △ABC中,AB=422060=14(海里),∠CAB=30,∠ACB=45,根據(jù)正弦定理得BCsin 30=ABsin 45,解得BC=72(海里).故選A. 3.D　[解析] 由題圖可知,∠ACB=120,由余弦定理,得AB2=AC2+BC2-2ACBCcos∠ACB=a2+a2-2aa-12=3a2,解得AB=3a(km).故選D. 4.70　[解析] 設(shè)兩船之間的距離為dnmile,則d2=502+302-25030cos120=4900,所以d=70(nmile),即兩船相距70nmile. 5.B　[解析] 設(shè)從島嶼A到島嶼C的速度為v,從島嶼A到島嶼B需要tmin,由正弦定理,得30vsin 30=vtsin(180-30-105),得t=30sin 45sin 30=302≈42(min).故選B. 6.D　[解析] 在△BCD中,∠CBD=180-15-30=135,由正弦定理得BCsin 30=30sin 135,所以BC=152(m).在直角三角形ABC中,AB=BCtan∠ACB=1523=156(m).故選D. 7.B　[解析] 因為AB=1000160=503(km),∠ACB=45,在△ABC中,由正弦定理得BC=ABsin 45sin30=5032(km),所以航線離山頂?shù)母叨萮=5032sin75=5032sin(45+30)≈11.4(km).所以山頂?shù)暮０胃叨葹?8-11.4=6.6(km).故選B. 8.C　[解析] 由已知得∠ACB=45,∠B=60,由正弦定理得ACsinB=ABsin∠ACB,所以AC=ABsinBsin∠ACB=20sin 60sin 45=106(nmile),所以海輪航行的速度為10630=63(nmile/min).故選C. 9.B　[解析] 依題意可知∠AEC=45,∠ACE=180-60-15=105,所以∠EAC=180-45-105=30.由正弦定理可知CEsin∠EAC=ACsin∠CEA,所以AC=CEsin∠CEAsin∠EAC=203(m).所以在直角三角形ABC中,AB=ACsin∠ACB=20332=30(m).因為國歌時長為50s,所以升旗速度為3050=0.6(m/s).故選B. 10.103　[解析] 如圖,設(shè)炮臺的頂部為A,底部為O,兩條小船分別為M,N,且由炮臺頂部測得M的俯角為60,由炮臺頂部測得N的俯角為45,則AO=30m,∠AMO=60,∠ANO=45,∠MON=30,ON=AOtan45=30(m),OM=AOtan30=3330=103(m),在△MON中,由余弦定理得MN=900+300-23010332=300=103(m). 11.1006　[解析] 依題意,在△ABC中,AB=600m,∠BAC=30,∠ACB=75-30=45,由正弦定理得BCsin∠BAC=ABsin∠ACB,即BCsin 30=600sin 45,所以BC=3002(m).在△BCD中,∠CBD=30,CD=BCtan∠CBD=3002tan30=1006(m). 12.解:在△ABC中,AB=40nmile,AC=20nmile,∠BAC=120,由余弦定理得BC2=AB2+AC2-2ABACcos120=2800,得BC=207(nmile).由正弦定理,得ABsin∠ACB=BCsin∠BAC,所以sin∠ACB=ABBCsin∠BAC=217.由∠BAC=120,知∠ACB為銳角,則cos∠ACB=277.由θ=∠ACB+30,得cosθ=cos(∠ACB+30)=cos∠ACBcos30-sin∠ACBsin30=2114. 13.解:在△ABD中,因為∠BAD=90,∠ABD=45, 所以∠ADB=45, 所以AD=AB=80m,所以BD=802m. 在△ABC中,∠ACB=180-105-30=45,由正弦定理得BCsin30=ABsin45, 所以BC=ABsin30sin45=801222=402(m). 在△DBC中,DC2=DB2+BC2-2DBBCcos60=(802)2+(402)2-280240212=9600. 所以DC=406(m),航模的速度v=40620=26(m/s). 故航模的速度為26m/s. 14.B　[解析] 記開始熱帶風(fēng)暴中心的位置為點A,t小時后熱帶風(fēng)暴中心到達(dá)B點位置,在△OAB中,OA=600,AB=20t,∠OAB=45,根據(jù)余弦定理得OB2=6002+400t2-260020t22,令OB2≤4502,得4t2-1202t+1575≤0,解得302-152≤t≤302+152,所以該碼頭將受到熱帶風(fēng)暴影響的時間為302+152-302-152=15(h). 15.12　[解析] 設(shè)∠COD=θ0<θ<2π3,則∠AOC=∠BOD=π3-θ2.展示臺的各區(qū)域的面積依次為S△OCD=12202sinθ=200sinθ,S弓形CMD=12202θ-12202sinθ=200θ-200sinθ,S扇形AOC=S扇形BOD=12202π3-θ2=200π3-θ2,所以預(yù)計日總效益y=S△OCD50+S弓形CMD30+(S扇形AOC+S扇形BOD)40=20002sinθ-θ+8π3.令f(θ)=2sinθ-θ+8π3,則f(θ)=2cosθ-1.當(dāng)0<θ<π3時,f(θ)>0,當(dāng)π3<θ<2π3時,f(θ)<0,所以當(dāng)f(θ)=0,即cosθ=12時,f(θ)取得最大值,即預(yù)計日總效益最大,所以∠COD的余弦值等于12.