《2019版高考物理二輪復(fù)習(xí) 課時(shí)跟蹤訓(xùn)練1 力與共點(diǎn)力的平衡.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2019版高考物理二輪復(fù)習(xí) 課時(shí)跟蹤訓(xùn)練1 力與共點(diǎn)力的平衡.doc（10頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

課時(shí)跟蹤訓(xùn)練(一) 力與共點(diǎn)力的平衡 一、選擇題(1～8題為單項(xiàng)選擇題，9～12題為多項(xiàng)選擇題) 1．(2018山東省實(shí)驗(yàn)中學(xué)高三二模)如圖所示，將某均勻長(zhǎng)方體鋸成A、B兩塊后，在水平桌面上并對(duì)放在一起，現(xiàn)用水平力F推B，使A、B整體保持長(zhǎng)方體沿F方向勻速運(yùn)動(dòng)，則(　　) A．A在水平方向受到三個(gè)力的作用，且合力為零 B．A在水平方向受到五個(gè)力的作用，且合力為零 C．A對(duì)B的作用力方向與A、B接觸面垂直 D．B對(duì)A的彈力大于桌面對(duì)A的摩擦力 A　[對(duì)A受力分析，在水平方向上受B對(duì)A的彈力，桌面的滑動(dòng)摩擦力，B對(duì)A的靜摩擦力，在三個(gè)力的作用下處于平衡，受力如圖， 故A正確，B錯(cuò)誤．B對(duì)A的彈力和靜摩擦力的合力與桌面的滑動(dòng)摩擦力等值反向，與F的方向相同；根據(jù)牛頓第三定律可知，A對(duì)B的作用力方向與F的方向相反，不是A、B接觸面垂直，故C錯(cuò)誤．因?yàn)锽對(duì)A的彈力與B對(duì)A的摩擦力垂直，二者的合力等于桌面對(duì)A的摩擦力，所以B對(duì)A的彈力小于桌面對(duì)A的摩擦力，故D錯(cuò)誤．故選A.] 2．(2018山東省湖北省重點(diǎn)學(xué)校協(xié)作體沖刺模擬)如圖所示，靜止在水平地面上傾角為θ斜面光滑的斜面體上，有一斜劈A，A的上表面水平且放有一斜劈B，B的上表面上有一物塊C，A、B、C一起沿斜面勻加速下滑，已知A、B、C的質(zhì)量均為m，重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．A的上表面可以是光滑的 B．C可能只受兩個(gè)力作用 C．A加速度大小為gcos θ D．斜面體受到地面的摩擦力為零 B　[對(duì)B、C整體受力分析，受重力、支持力，而B(niǎo)、C沿斜面勻加速下滑，整體的合力沿斜面向下，所以A、B間摩擦力不為零，A錯(cuò)誤；對(duì)ABC整體分析，由于斜面體斜面光滑，所以整體的加速度為a＝gsin θ，如果B的上表面是光滑的，傾角也為θ，則C的加速度也為a＝gsin θ，此時(shí)只受重力和B給的支持力，B正確、C錯(cuò)誤；因?yàn)锳BC整體對(duì)斜面體有個(gè)斜向右下的作用力，該力可分解為一個(gè)水平向右的分力，而斜面體處于靜止?fàn)顟B(tài)，故斜面體受地面的摩擦力水平向左，D錯(cuò)誤．] 3．如圖所示，一根質(zhì)量分布均勻的圓木左端用輕繩a固定，通過(guò)輕質(zhì)定滑輪被人拉住，輕繩a與豎直方向的夾角為α；圓木的右端用輕繩b固定，通過(guò)輕質(zhì)定滑輪被人拉住，開(kāi)始時(shí)圓木處于水平靜止?fàn)顟B(tài)，輕繩b與豎直方向的夾角為β，α＋β<90.現(xiàn)將圓木右端下降微小距離，而重新處于靜止?fàn)顟B(tài)，在此過(guò)程中α不變，變化前后下列說(shuō)法正確的是(　　) A．輕繩b的拉力增大 B．輕繩b的拉力減小 C．輕繩a的拉力不變 D．輕繩a的拉力變大 A　[圓木處于平衡時(shí)，輕繩a、b的拉力反向延長(zhǎng)線交點(diǎn)即為輕繩a、輕繩b和圓木的重力的共同作用點(diǎn)．圓木右端下降微小距離后，β角減小，根據(jù)三力平衡條件得，矢量三角形如圖所示，輕繩a的拉力減小，輕繩b的拉力增大，故選項(xiàng)A正確，其余選項(xiàng)均錯(cuò)誤．] 4．(2018山東省泰安市高三二模)如圖所示，水平面上A、B兩物塊的接觸面水平，二者疊放在一起．在作用于B上的水平恒定拉力F的作用下沿地面向右做勻速運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻撤去力F后，二者仍不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)．下列說(shuō)法正確的是(　　) A．撤去F之前A受3個(gè)力作用 B．撤去F之前B受到4個(gè)力作用 C．撤去F前后，A的受力情況不變 D．A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)不小于B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù) D　[A、B撤去F前，整體做勻速運(yùn)動(dòng)，故B受地面的摩擦力與F平衡，而A水平方向不受外力，故A不受B的摩擦力，B受重力、支持力、壓力、拉力和地面的摩擦力共5個(gè)力作用；A只受重力和B對(duì)A的支持力，A受兩個(gè)力的作用；A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤；C.撤去拉力F后，由于整體做減速運(yùn)動(dòng)，A受到重力和B對(duì)A的支持力及B對(duì)A的摩擦力，A受3個(gè)力的作用；C錯(cuò)誤；D.撤去拉力F后，由于整體做減速運(yùn)動(dòng)，整體的加速度a＝μ2g，而A的加速度aA＝μ2g<μ1g，即μ2<μ1，D正確；故選D.] 5．如圖，一物塊在水平拉力F的作用下沿水平桌面做勻速直線運(yùn)動(dòng)．若保持F的大小不變，而方向與水平面成60角，物塊也恰好做勻速直線運(yùn)動(dòng)，物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為(　　) A．2－ B. C. D. C　[設(shè)物塊的質(zhì)量為m，據(jù)平衡條件及摩擦力公式有拉力F水平時(shí)，F(xiàn)＝μmg① 拉力F與水平面成60角時(shí)，F(xiàn)cos 60＝μ(mg－Fsin 60)② 聯(lián)立①②式解得μ＝.故選C.] 6．(2018四川成都市高三)如圖所示，在一個(gè)傾角為θ的斜面上，有一個(gè)質(zhì)量為m，帶負(fù)電的小球P(可視為點(diǎn)電荷)，空間存在著方向垂直斜面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，帶電小球與斜面間的摩擦力不能忽略，它在斜面上沿圖中所示的哪個(gè)方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，有可能保持勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)(　　) A．v1方向 B．v2方向 C．v3方向 D．v4方向 C　[若小球的速度沿v1方向，滑動(dòng)摩擦力與v1的方向相反，即沿圖中v3方向，由左手定則知，小球受到的洛倫茲力方向在斜面平面內(nèi)與v1垂直向下，重力的分力mgsin θ沿斜面向下，則知球在斜面平面內(nèi)所受的合外力不為零，小球不可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；同理可知B、D錯(cuò)誤；若小球的速度沿v3方向，滑動(dòng)摩擦力與v3的方向相反，即沿圖中v1方向，由左手定則知，小球受到的洛倫茲力方向在斜面平面內(nèi)與v3垂直向上，即沿v2方向，重力的分力mgsin θ沿斜面向下，則知斜面平面內(nèi)的合外力可能為零，小球有可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故C正確．] 7．(2018四川省攀枝花市高考物理三診試卷)如圖所示，a、b兩細(xì)繩一端系著質(zhì)量為m的小球，另一端系在豎直放置的圓環(huán)上，小球位于圓環(huán)的中心，開(kāi)始時(shí)繩a水平，繩b傾斜．現(xiàn)將圓環(huán)在豎直平面內(nèi)順時(shí)針緩慢地向右滾動(dòng)至繩b水平，在此過(guò)程中(　　) A．a(chǎn)上的張力逐漸增大，b上的張力逐漸增大 B．a(chǎn)上的張力逐漸減小，b上的張力逐漸減小 C．a(chǎn)上的張力逐漸減小，b上的張力逐漸增大 D．a(chǎn)上的張力逐漸增大，b上的張力逐漸減小 D　[設(shè)小球的重力為G，圓環(huán)沿順時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)過(guò)過(guò)程中b繩與豎直方向的夾角為θ，a和b的拉力大小分別為T(mén)1、T2.小球的位置保持不動(dòng)，受力保持平衡，由平衡條件可知，兩繩拉力的合力不變，小球受到的重力G和T1、T2組成一個(gè)閉合的三角形．由幾何知識(shí)得知，T1、T2的夾角β不變，由正弦定理得＝＝，在θ≤90的范圍內(nèi)，θ變大故T1變大，T2變?。蔇正確．] 8．如圖所示，一個(gè)質(zhì)量m＝1 kg的物塊A通過(guò)一根跨過(guò)定滑輪的輕繩連接一個(gè)靜止在粗糙斜面上的物塊B，現(xiàn)對(duì)物塊B施加一個(gè)與豎直方向成θ＝30角斜向右上方的外力F時(shí)斜面對(duì)物塊B恰無(wú)彈力．已知斜面的傾角也為θ＝30，且跨過(guò)定滑輪的輕繩兩端也成θ＝30角，重力加速度g為10 m/s2，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力．若保持外力F的大小不變，順時(shí)針改變力的方向至外力F與斜面平行的過(guò)程中整體仍然靜止，則下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．物塊B的質(zhì)量為3 kg，所施外力為10 N B．斜面對(duì)物塊B的支持力逐漸減小 C．斜面對(duì)物塊B的摩擦力逐漸增大 D．斜面與物塊B間的動(dòng)摩擦因數(shù)至少是0.4 C　[開(kāi)始時(shí)斜面對(duì)物塊B恰無(wú)彈力，由對(duì)稱(chēng)性知外力F＝mg＝10 N，對(duì)物塊B運(yùn)用平衡條件知m0g＝2Fcos θ，故m0＝kg，A錯(cuò)誤；保持外力F大小不變，順時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)至與斜面平行的過(guò)程中它沿斜面向上的分量增大，垂直于斜面的分量減小，而輕繩的拉力一定，因此斜面的支持力增大，此時(shí)斜面對(duì)物塊B還會(huì)產(chǎn)生一個(gè)沿斜面向下的摩擦力，且摩擦力隨角θ的增大而增大，B錯(cuò)誤，C正確；當(dāng)外力轉(zhuǎn)至與斜面平行時(shí)由平衡條件知FN＋mg＝m0gcos θ，m0gsin θ＋μFN＝F，聯(lián)立解得μ＝0.268，D錯(cuò)誤．] 9．如圖所示，頂端裝有定滑輪的斜面體放在粗糙水平地面上，A、B兩物體通過(guò)細(xì)繩連接，并處于靜止?fàn)顟B(tài)(不計(jì)繩的質(zhì)量和繩與滑輪間的摩擦)．現(xiàn)用水平向右的力F作用于物體B上，將物體B緩慢拉高一定的距離，此過(guò)程中斜面體與物體A依然保持靜止，在此過(guò)程中(　　) A．水平力F一定變小 B．斜面體所受地面的支持力一定變大 C．地面對(duì)斜面體的摩擦力一定變大 D．物體A所受斜面體的摩擦力可能變大 CD　[取物體B為研究對(duì)象分析其受力情況如圖： 則有F＝mgtan θ，T＝，在物體B緩慢拉高的過(guò)程中，θ增大，則水平力F隨之變大．對(duì)A、B兩物體與斜面體這個(gè)整體而言，由于斜面體與物體A仍然保持靜止，拉力F增大，則地面對(duì)斜面體的摩擦力一定變大，但是因?yàn)檎w豎直方向并沒(méi)有其它力，故斜面體所受地面的支持力應(yīng)該沒(méi)有變；在這個(gè)過(guò)程中盡管繩子張力變大，但是由于物體A所受斜面體的摩擦力開(kāi)始并不知道其方向，故物體A所受斜面體的摩擦力的情況無(wú)法確定，可能變大．故C、D正確，A、B錯(cuò)誤．故選：C、D.] 10．(2018湖北省麻城一中高考沖刺模擬)如圖所示，在豎直平面內(nèi)，一根不可伸長(zhǎng)的輕質(zhì)軟繩兩端打結(jié)系于“V”型桿上的A、B兩點(diǎn)，已知OM邊豎直，且|AO|＝|OB|，細(xì)繩繞過(guò)光滑的滑輪，重物懸掛于滑輪下處于靜止?fàn)顟B(tài)．若在紙面內(nèi)繞端點(diǎn)O按順時(shí)針?lè)较蚓徛D(zhuǎn)動(dòng)“V”型桿，直到ON邊豎直，繩子的張力為T(mén)，A點(diǎn)處繩子與桿之間摩擦力大小為F，則(　　) A．張力T先一直增大 B．張力T先增大后減小 C．摩擦力F一直減小 D．摩擦力F先增大后減小 BC　[A、B.設(shè)滑輪兩側(cè)繩子與豎直方向的夾角為α，受力如圖，在紙面內(nèi)繞端點(diǎn)O按順時(shí)針?lè)较蚓徛D(zhuǎn)動(dòng)“V”型桿，直到ON邊豎直，AB的長(zhǎng)度不變，AB在水平方向的投影先變長(zhǎng)后變短，繩子與豎直方向的夾角為α先變大后變小，所以張力T＝先增大后減小，故A錯(cuò)誤，B正確；C、D.以A點(diǎn)為對(duì)象，受力分析如圖 根據(jù)平衡條件可知，F(xiàn)＝Tcos(α＋β)＝＝(cos β－tan αsin β)，在紙面內(nèi)繞端點(diǎn)O按順時(shí)針?lè)较蚓徛D(zhuǎn)動(dòng)“V”型桿，繩子與豎直方向的夾角α先變大后變小，OA桿與豎直方向的夾角β一直變大，當(dāng)繩子與豎直方向的夾角α變大，摩擦力減小，當(dāng)繩子與豎直方向的夾角α變小時(shí)，但α＋β還是在增大，所以摩擦力還是在減小，故C正確，D錯(cuò)誤；故選B、C.] 11．(2018最新高考信息卷)如圖所示，光滑水平面上有一異形滑塊ABCD在向左做勻變速運(yùn)動(dòng)，豎直平面內(nèi)存在勻強(qiáng)電場(chǎng)，斜面BC和AB光滑絕緣，上面分別有兩個(gè)質(zhì)量均為m的小球a、b相對(duì)滑塊靜止，其中小球b帶負(fù)電，電荷量大小為q，小球a不帶電．重力加速度為g，則下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．滑塊加速度大小為g B．滑塊加速度大小為g C．電場(chǎng)強(qiáng)度的最小值為 D．電場(chǎng)強(qiáng)度的最小值為 BC　[因a不帶電，對(duì)a分析可知，斜面向左做勻加速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律：mgtan 30＝ma，解得a＝g，選項(xiàng)B正確，A錯(cuò)誤；對(duì)b受力分析可知，當(dāng)電場(chǎng)力方向沿斜面向上時(shí)，場(chǎng)強(qiáng)最小，則：FNcos 60＋qEcos 30＝mg；FNsin 60－qEminsin 30＝ma，解得電場(chǎng)強(qiáng)度的最小值為Emin＝，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤；故選BC.] 12. (山東省維坊市高三三模)如圖所示，將質(zhì)量為m的小球用橡皮筋懸掛在豎直墻的O點(diǎn)，小球靜止在M點(diǎn)，N為O點(diǎn)正下方一點(diǎn)，ON間的距離等于橡皮筋原長(zhǎng)，在N點(diǎn)固定一鐵釘，鐵釘位于橡皮筋右側(cè)．現(xiàn)對(duì)小球施加拉力F，使小球沿以MN為直徑的圓弧緩慢向N運(yùn)動(dòng)，P為圓弧上的點(diǎn)，角PNM為60.橡皮筋始終在彈性限度內(nèi)，不計(jì)一切摩擦，重力加速度為g，則(　　) A．在P點(diǎn)橡皮筋彈力大小為mg B．在P點(diǎn)時(shí)拉力F大小為mg C．小球在M向N運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中拉力F的方向始終跟橡皮筋垂直 D．小球在M向N運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中拉力F先變大后變小 AC　[由題意知k2R＝mg.小球在圓弧上任意一點(diǎn)A時(shí)，橡皮筋拉力F1＝k2Rcos θ＝mgcos θ，恰等于重力在F1方向上的分力mgcos θ，由力的平衡條件知F必然與重力的另一分力平衡，故拉力F應(yīng)與橡皮筋始終垂直，小球在P點(diǎn)時(shí)，F(xiàn)1＝k2Rcos 60＝mgcos 60＝mg.拉力F＝mgsin 60＝mg；小球在由M沿圓弧移到N時(shí)，F(xiàn)＝mgsin θ，θ變大，F(xiàn)逐漸變大．故本題正確選項(xiàng)為A、C.] 二、非選擇題 13．質(zhì)量為M，傾角為θ的木楔在水平面上保持靜止，質(zhì)量為m的木塊剛好可以在木楔上表面勻速下滑，現(xiàn)在用與木楔上表面成α角的力F拉著木塊勻速上滑，如圖所示．重力加速度為g. (1)當(dāng)α為多大時(shí)，拉力F有最小值？最小值為多少？ (2)當(dāng)拉力F最小時(shí)，水平面對(duì)木楔的摩擦力為多大？ 解析　(1)木塊剛好可以沿木楔上表面勻速下滑時(shí)， 甲 則有mgsin θ＝μmgcos θ 可得μ＝tan θ 用力F拉著木塊勻速上滑，受力分析如圖甲所示，有 Fcos α＝mgsin θ＋Ff FN＋Fsin α＝mgcos θ 又Ff＝μFN 聯(lián)立解得F＝ 乙 所以，當(dāng)α＝θ時(shí)，F(xiàn)有最小值， 為Fmin＝mgsin 2θ. (2)對(duì)木塊和木楔整體受力分析如圖乙所示， 由平衡條件可得Ff′＝Fcos(θ＋α) 當(dāng)拉力F最小時(shí)， Ff′＝Fmincos 2θ＝mgsin 4θ. 答案　(1)θ　mgsin 2θ (2)mgsin 4θ 14．(2018第三次全國(guó)大聯(lián)考)如圖所示，兩個(gè)相同的正三棱柱A、B緊靠著靜止于水平地面上，三棱柱的中間有一個(gè)半徑為R的光滑圓柱C，A、B的質(zhì)量均為m，A、B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，C的質(zhì)量為2m.設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g. (1)三者均靜止時(shí)A對(duì)C的支持力為多大？ (2)若A、B能保持不動(dòng)，μ應(yīng)該滿足什么條件？ (3)若C受到經(jīng)過(guò)其軸線豎直向下的外力而能夠緩慢下降到地面，求該過(guò)程中摩擦力對(duì)A做的功． 解析　(1)圓柱C受力平衡2FNcos 60＝2mg 解得FN＝2mg (2)如圖所示，A受力平衡F地＝FNcos 60＋mg＝2mg，f＝FNsin 60＝mg 因?yàn)閒≤μF地，所以μ≥ (3)C緩慢下降的同時(shí)A、B也緩慢且對(duì)稱(chēng)地向左右分開(kāi) A的受力依然為4個(gè)，但除了重力之外的其他力的大小發(fā)生改變，f也成為了滑動(dòng)摩擦力 A受力平衡知F地′＝FN′cos 60＋mg；f′＝FN′sin 60＝μF地′ 解得f′＝ 解有意義，即要求－μ>0，與本題第(2)問(wèn)不矛盾 由幾何關(guān)系知：當(dāng)C下落到地面時(shí)，A向左移動(dòng)的水平距離為x＝R 所以摩擦力的功W＝－f′x＝－ 答案　(1)2mg　(2)μ≥　(3)－