《（新課標(biāo)）2020高考物理總復(fù)習(xí) 課時(shí)檢測(cè)（三十）功能關(guān)系 能量守恒定律（重點(diǎn)突破課）（含解析）.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（新課標(biāo)）2020高考物理總復(fù)習(xí) 課時(shí)檢測(cè)（三十）功能關(guān)系 能量守恒定律（重點(diǎn)突破課）（含解析）.doc（6頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

課時(shí)檢測(cè)(三十) 功能關(guān)系 能量守恒定律 (重點(diǎn)突破課) 1.小車靜止在光滑的水平軌道上，一個(gè)小球用細(xì)繩懸掛在車上，現(xiàn)由圖中位置無初速度釋放，在小球下擺到最低點(diǎn)的過程中，下列說法正確的是(　　) A．細(xì)繩對(duì)小球的拉力不做功 B．小球克服細(xì)繩拉力做的功等于小球減少的機(jī)械能 C．細(xì)繩對(duì)車做的功等于小球減少的重力勢(shì)能 D．小球減少的重力勢(shì)能等于小球增加的動(dòng)能 解析：選B　小球下擺的過程中，小車的機(jī)械能增加，小球的機(jī)械能減少，小球克服細(xì)繩拉力做的功等于減少的機(jī)械能，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；細(xì)繩對(duì)小車做的功等于小球減少的機(jī)械能，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；小球減少的重力勢(shì)能等于小球增加的動(dòng)能和小車增加的機(jī)械能之和，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。 2.如圖所示，滑塊靜止于光滑水平面上，與之相連的輕質(zhì)彈簧處于自然伸直狀態(tài)，現(xiàn)用恒定的水平外力F作用于彈簧右端，在向右移動(dòng)一段距離的過程中力F做了10 J的功。下列說法正確的是(　　) A．彈簧的彈性勢(shì)能增加了10 J B．滑塊的動(dòng)能增加了10 J C．滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能增加了10 J D．滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒 解析：選C　力F做功的同時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)，彈性勢(shì)能增大，滑塊向右加速，滑塊動(dòng)能增加，由功能關(guān)系可知，力F做的功等于滑塊的動(dòng)能與彈簧彈性勢(shì)能的增加量之和，即滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能增加了10 J，C正確，A、B、D錯(cuò)誤。 3.蹦極是一項(xiàng)既驚險(xiǎn)又刺激的運(yùn)動(dòng)，深受年輕人的喜愛。如圖所示，蹦極者從P處由靜止跳下，到達(dá)A處時(shí)彈性繩剛好伸直，繼續(xù)下降到最低點(diǎn)B處，B離水面還有數(shù)米距離。蹦極者(視為質(zhì)點(diǎn))在其下降的整個(gè)過程中，重力勢(shì)能的減少量為ΔE1、繩的彈性勢(shì)能的增加量為ΔE2、克服空氣阻力做的功為W，則下列說法正確的是(　　) A．蹦極者從P到A的運(yùn)動(dòng)過程中，機(jī)械能守恒 B．蹦極者與繩組成的系統(tǒng)從A到B的過程中，機(jī)械能守恒 C．ΔE1＝W＋ΔE2 D．ΔE1＋ΔE2＝W 解析：選C　蹦極者下降過程中克服空氣阻力做功，所以機(jī)械能不守恒，A、B項(xiàng)錯(cuò)誤；在蹦極者下降的全過程，根據(jù)能量守恒定律，有ΔE1＝W＋ΔE2，故C項(xiàng)正確，D項(xiàng)錯(cuò)誤。 4.在兒童樂園的蹦床項(xiàng)目中，小孩在兩根彈性繩和蹦床的協(xié)助下實(shí)現(xiàn)上下彈跳。如圖所示，某次蹦床活動(dòng)中小孩靜止時(shí)處于O點(diǎn)，當(dāng)其彈跳到最高點(diǎn)A后下落可將蹦床壓到最低點(diǎn)B，小孩可視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，下列說法正確的是(　　) A．從A運(yùn)動(dòng)到O，小孩重力勢(shì)能的減少量大于動(dòng)能的增加量 B．從O運(yùn)動(dòng)到B，小孩動(dòng)能的減少量等于蹦床彈性勢(shì)能的增加量 C．從A運(yùn)動(dòng)到B，小孩機(jī)械能的減少量小于蹦床彈性勢(shì)能的增加量 D．若從B返回到A，小孩機(jī)械能的增加量等于蹦床彈性勢(shì)能的減少量 解析：選A　從A運(yùn)動(dòng)到O，小孩重力勢(shì)能的減少量等于動(dòng)能的增加量與彈性繩彈性勢(shì)能的增加量之和，選項(xiàng)A正確；從O運(yùn)動(dòng)到B，小孩動(dòng)能和重力勢(shì)能的減少量等于彈性繩和蹦床彈性勢(shì)能的增加量，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；從A運(yùn)動(dòng)到B，小孩機(jī)械能的減少量大于蹦床彈性勢(shì)能的增加量，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；若從B返回到A，小孩機(jī)械能的增加量等于蹦床和彈性繩彈性勢(shì)能的減少量之和，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。 5.一質(zhì)量為1 kg的小球豎直向上拋出，最終落回拋出點(diǎn)，假如小球所受空氣阻力大小恒定，該過程的位移—時(shí)間圖像如圖所示，g取10 m/s2，則下列說法正確的是(　　) A．小球拋出時(shí)的速度為12 m/s B．小球上升和下降的時(shí)間之比為2∶ C．小球落回到拋出點(diǎn)時(shí)所受合力的瞬時(shí)功率為64 W D．小球上升過程機(jī)械能損失大于下降過程機(jī)械能損失 解析：選C　小球上升階段，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律得x0＝v0t1，可得拋出時(shí)的速度v0＝＝24 m/s，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；上升階段，由加速度公式可得a1＝＝12 m/s2，由牛頓第二定律可得mg＋f＝ma1，解得f＝2 N，下降階段，由牛頓第二定律可得mg－f＝ma2，解得a2＝8 m/s2，由位移公式可得x0＝a2t22，解得t2＝ s，即＝，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；設(shè)小球落回到拋出點(diǎn)時(shí)的速度為v，由動(dòng)能定理可得mgx0－fx0＝mv2，解得v＝8 m/s，故此時(shí)合力的瞬時(shí)功率P＝ma2v＝64 W，選項(xiàng)C正確；小球上升過程和下降過程，空氣阻力做功相等，故兩過程損失的機(jī)械能相等，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。 6．(多選)懸崖跳水是一項(xiàng)極具挑戰(zhàn)性的極限運(yùn)動(dòng)，需要運(yùn)動(dòng)員具有非凡的膽量和過硬的技術(shù)。跳水運(yùn)動(dòng)員進(jìn)入水中后受到水的阻力而做減速運(yùn)動(dòng)，設(shè)質(zhì)量為m的運(yùn)動(dòng)員剛?cè)胨畷r(shí)的速度為v，水對(duì)運(yùn)動(dòng)員的阻力大小恒為F，那么在運(yùn)動(dòng)員減速下降深度為h的過程中，下列說法正確的是(g為當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?(　　) A．運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)能減少了(F－mg)h B．運(yùn)動(dòng)員的重力勢(shì)能減少了mgh－mv2 C．運(yùn)動(dòng)員的機(jī)械能減少了Fh D．運(yùn)動(dòng)員的機(jī)械能減少了mgh 解析：選AC　合力做的功等于動(dòng)能的變化量，合力做的功為(mg－F)h，故運(yùn)動(dòng)員動(dòng)能減少了(F－mg)h，A正確；克服重力做的功等于重力勢(shì)能的變化量，故運(yùn)動(dòng)員重力勢(shì)能減少了mgh，B錯(cuò)誤；重力以外的力做的功等于機(jī)械能的變化量，故運(yùn)動(dòng)員機(jī)械能減少了Fh，C正確，D錯(cuò)誤。 7．(多選)(2019鄭州質(zhì)檢)如圖甲所示，在距離地面高度為h＝0.80 m 的平臺(tái)上有一輕質(zhì)彈簧，其左端固定于豎直擋板上，右端與質(zhì)量m＝0.50 kg、可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊相接觸(不粘連)，OA段粗糙且長(zhǎng)度等于彈簧原長(zhǎng)，其余位置均無阻力作用。物塊開始靜止于A點(diǎn)，OA段的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.50。現(xiàn)對(duì)物塊施加一個(gè)水平向左的外力F，其大小隨位移x變化的關(guān)系如圖乙所示。物塊向左運(yùn)動(dòng)xAB＝0.40 m到達(dá)B點(diǎn)，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度為零，此時(shí)撤去外力F，物塊在彈簧彈力作用下向右運(yùn)動(dòng)，從M點(diǎn)離開平臺(tái)，落到地面上N點(diǎn)，取g＝10 m/s2。則(　　) A．彈簧被壓縮過程中外力F做的功為6.0 J B．彈簧被壓縮過程中具有的最大彈性勢(shì)能為6.0 J C．整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中物塊克服摩擦力做功為4.0 J D．M、N的水平距離為1.6 m 解析：選AD　Fx圖像與坐標(biāo)軸所圍圖形的面積表示外力F做的功，由題圖乙可知WF＝6.0 J，選項(xiàng)A正確；物塊在壓縮彈簧過程中，克服摩擦力做功Wf＝μmgxAB＝1.0 J，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中物塊克服摩擦力做功為2Wf＝2.0 J，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)功能關(guān)系，彈簧被壓縮過程中具有的最大彈性勢(shì)能為Ep＝WF－Wf＝5.0 J，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；物塊由B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)，由功能關(guān)系得－Wf＝mv2－Ep，解得物塊運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)的速度v＝4 m/s，設(shè)M、N的水平距離為x0，物塊從M點(diǎn)離開平臺(tái)后做平拋運(yùn)動(dòng)，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律，有x0＝vt，h＝gt2，解得x0＝1.6 m，選項(xiàng)D正確。 8.(多選)如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與一質(zhì)量為m、套在粗糙豎直固定桿A處的圓環(huán)相連，彈簧水平且處于原長(zhǎng)。圓環(huán)從A處由靜止開始下滑，經(jīng)過B處的速度最大，到達(dá)C處的速度為零，AC＝h。圓環(huán)在C處獲得一豎直向上的速度v，恰好能回到A處。彈簧始終在彈性限度內(nèi)，重力加速度為g。則圓環(huán)(　　) A．下滑過程中，加速度一直減小 B．下滑過程中，克服摩擦力做的功為mv2 C．在C處，彈簧的彈性勢(shì)能為mv2－mgh D．上滑經(jīng)過B的速度大于下滑經(jīng)過B的速度 解析：選BD　圓環(huán)下滑時(shí)，先加速，在B處時(shí)速度最大，加速度減小至零，從B到C圓環(huán)減速，加速度增大，方向向上，A錯(cuò)誤；圓環(huán)下滑時(shí)，設(shè)克服摩擦力做功為Wf，彈簧的最大彈性勢(shì)能為ΔEp，由A到C的過程中，根據(jù)能量關(guān)系有mgh＝ΔEp＋Wf，由C到A的過程中，有mv2＋ΔEp＝Wf＋mgh，聯(lián)立解得Wf＝mv2，ΔEp＝mgh－mv2，B正確，C錯(cuò)誤；設(shè)圓環(huán)在B處時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能為ΔEp′，根據(jù)能量守恒定律，A到B的過程有mvB2＋ΔEp′＋Wf′＝mgh′，B到A的過程有mvB′2＋ΔEp′＝mgh′＋Wf′，比較兩式得vB′>vB，D正確。 9．(2019懷化質(zhì)檢)如圖甲所示，ABC為豎直放置的半徑為0.1 m的半圓形軌道，在軌道的最低點(diǎn)A和最高點(diǎn)C各安裝了一個(gè)壓力傳感器，可測(cè)定小球在軌道內(nèi)側(cè)通過這兩點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力FA和FC。質(zhì)量為0.1 kg的小球，以不同的初速度v沖入ABC軌道，g取10 m/s2。 (1)若FA＝13 N，求小球經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的速度vA的大小； (2)若FC和FA的關(guān)系圖線如圖乙所示且FA＝13 N，求小球由A滑至C的過程中損失的機(jī)械能。 解析：(1)由牛頓第三定律可知，小球在A、C兩點(diǎn)所受軌道的彈力大小FNA＝FA，F(xiàn)NC＝FC 在A點(diǎn)由牛頓第二定律得FNA－mg＝ 解得vA＝2 m/s。 (2)小球在C點(diǎn)由牛頓第二定律得FNC＋mg＝ 小球由A滑至C的過程，由動(dòng)能定理得 Wf－mg2R＝mvC2－mvA2 小球由A滑至C的過程，由功能關(guān)系得ΔE損＝|Wf| 解得損失的機(jī)械能為ΔE損＝0.2 J。 答案：(1)2 m/s　(2)0.2 J 10．(2019樂山模擬)如圖甲所示，在傾角為37足夠長(zhǎng)的粗糙斜面底端，一質(zhì)量m＝1 kg的滑塊壓縮著一輕彈簧且鎖定，兩者不拴接，滑塊可視為質(zhì)點(diǎn)。t＝0時(shí)解除鎖定，計(jì)算機(jī)通過傳感器描繪出滑塊的v t圖像如圖乙所示，其中Oab段為曲線，bc段為直線，在t1＝0.1 s時(shí)滑塊已上滑x＝0.2 m的距離(g取10 m/s2，sin 37＝0.6，cos 37＝0.8)。求： (1)滑塊離開彈簧后在圖中bc段對(duì)應(yīng)的加速度大小a及動(dòng)摩擦因數(shù)μ的大?。? (2)t2＝0.3 s和t3＝0.4 s時(shí)滑塊的速度v1、v2的大??； (3)彈簧鎖定時(shí)具有的彈性勢(shì)能Ep。 解析：(1)由題圖乙知滑塊在bc段做勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為 a＝＝10 m/s2 根據(jù)牛頓第二定律得 mgsin 37＋μmgcos 37＝ma 解得μ＝0.5。 (2)根據(jù)速度時(shí)間公式得t2＝0.3 s時(shí)滑塊的速度大小 v1＝vc－aΔt，解得v1＝0 在t2之后滑塊開始下滑，下滑時(shí)由牛頓第二定律得 mgsin 37－μmgcos 37＝ma′ 解得a′＝2 m/s2 從t2～t3滑塊做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，t3時(shí)刻的速度為 v2＝a′Δt＝0.2 m/s。 (3)從0～t1時(shí)間內(nèi)，由能量守恒定律得 Ep＝mgxsin 37＋μmgxcos 37＋mvb2 解得Ep＝4 J。 答案：(1)10 m/s2　0.5　(2)0　0.2 m/s　(3)4 J 11.如圖所示為某飛船先在軌道Ⅰ上繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，然后在A點(diǎn)變軌進(jìn)入返回地球的橢圓軌道Ⅱ上運(yùn)動(dòng)，已知飛船在軌道Ⅰ上做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T，軌道半徑為r，橢圓軌道的近地點(diǎn)B離地心的距離為kr(k＜1)，引力常量為G，飛船的質(zhì)量為m，求： (1)地球的質(zhì)量及飛船在軌道Ⅰ上的線速度大小； (2)若規(guī)定兩質(zhì)點(diǎn)相距無限遠(yuǎn)時(shí)引力勢(shì)能為零，則質(zhì)量分別為M、m的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)相距為r時(shí)的引力勢(shì)能Ep＝－，式中G為引力常量。求飛船在A點(diǎn)變軌時(shí)發(fā)動(dòng)機(jī)對(duì)飛船做的功。 解析：(1)飛船在軌道Ⅰ上運(yùn)動(dòng)時(shí)，由牛頓第二定律有 G＝mr2 則地球的質(zhì)量為M＝ 飛船在軌道Ⅰ上的線速度大小為v＝。 (2)設(shè)飛船在橢圓軌道上的遠(yuǎn)地點(diǎn)的速度為v1，在近地點(diǎn)的速度為v2， 由開普勒第二定律有rv1＝krv2 根據(jù)能量守恒定律有 mv12－G＝mv22－G 解得v1＝ ＝ 根據(jù)動(dòng)能定理，飛船在A點(diǎn)變軌時(shí)，發(fā)動(dòng)機(jī)對(duì)飛船做的功為 W＝mv12－mv2＝。 答案：(1)　　(2)