《2019年度高考物理一輪復(fù)習(xí) 第九章 磁場(chǎng) 第2講 磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷的作用學(xué)案.doc》由會(huì)員分享，可在線(xiàn)閱讀，更多相關(guān)《2019年度高考物理一輪復(fù)習(xí) 第九章 磁場(chǎng) 第2講 磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷的作用學(xué)案.doc（18頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

第2講　磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷的作用 一、洛倫茲力的大小和方向 1.定義：磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷的作用力. 2.大小 (1)v∥B時(shí)，F(xiàn)＝0； (2)v⊥B時(shí)，F(xiàn)＝qvB； (3)v與B的夾角為θ時(shí)，F(xiàn)＝qvBsinθ. 3.方向 (1)判定方法：應(yīng)用左手定則，注意四指應(yīng)指向正電荷運(yùn)動(dòng)方向或負(fù)電荷運(yùn)動(dòng)的反方向； (2)方向特點(diǎn)：F⊥B，F(xiàn)⊥v.即F垂直于B、v決定的平面.(注意B和v可以有任意夾角) 4.做功：洛倫茲力不做功. 自測(cè)1　帶電荷量為＋q的粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法中正確的是(　　) A.只要速度大小相同，所受洛倫茲力就相同 B.如果把＋q改為－q，且速度反向、大小不變，則其所受洛倫茲力的大小、方向均不變 C.洛倫茲力方向一定與電荷速度方向垂直，磁場(chǎng)方向一定與電荷運(yùn)動(dòng)方向垂直 D.粒子在只受洛倫茲力作用下運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能、速度均不變 答案　B 二、帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng) 1.若v∥B，帶電粒子以入射速度v做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng). 2.若v⊥B時(shí)，帶電粒子在垂直于磁感線(xiàn)的平面內(nèi)，以入射速度v做勻速圓周運(yùn)動(dòng). 3.基本公式 (1)向心力公式：qvB＝m； (2)軌道半徑公式：r＝； (3)周期公式：T＝. 注意：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期與速率無(wú)關(guān). 自測(cè)2　(多選)如圖1所示，在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B1＝2B2，當(dāng)不計(jì)重力的帶電粒子從B1磁場(chǎng)區(qū)域運(yùn)動(dòng)到B2磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)，粒子的(　　) 圖1 A.速率將加倍 B.軌跡半徑加倍 C.周期將加倍 D.做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度將加倍 答案　BC 命題點(diǎn)一　對(duì)洛倫茲力的理解 1.洛倫茲力的特點(diǎn) (1)利用左手定則判斷洛倫茲力的方向，注意區(qū)分正、負(fù)電荷. (2)當(dāng)電荷運(yùn)動(dòng)方向發(fā)生變化時(shí)，洛倫茲力的方向也隨之變化. (3)運(yùn)動(dòng)電荷在磁場(chǎng)中不一定受洛倫茲力作用. (4)洛倫茲力一定不做功. 2.洛倫茲力與安培力的聯(lián)系及區(qū)別 (1)安培力是洛倫茲力的宏觀(guān)表現(xiàn)，二者是相同性質(zhì)的力，都是磁場(chǎng)力. (2)安培力可以做功，而洛倫茲力對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷不做功. 3.洛倫茲力與電場(chǎng)力的比較 洛倫茲力 電場(chǎng)力 產(chǎn)生條件 v≠0且v不與B平行 電荷處在電場(chǎng)中 大小 F＝qvB(v⊥B) F＝qE 力方向與場(chǎng)方向的關(guān)系 F⊥B，F(xiàn)⊥v F∥E 做功情況 任何情況下都不做功 可能做功，也可能不做功 例1　(多選)如圖2所示為一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為＋q的圓環(huán)，可在水平放置的粗糙細(xì)桿上自由滑動(dòng)，細(xì)桿處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，圓環(huán)以初速度v0向右運(yùn)動(dòng)直至處于平衡狀態(tài)，則圓環(huán)克服摩擦力做的功可能為(　　) 圖2 A.0 B.mv02 C. D.m(v02－) 答案　ABD 解析　若圓環(huán)所受洛倫茲力等于重力，圓環(huán)對(duì)粗糙細(xì)桿壓力為零，摩擦力為零，圓環(huán)克服摩擦力做的功為零，選項(xiàng)A正確；若圓環(huán)所受洛倫茲力不等于重力，圓環(huán)對(duì)粗糙細(xì)桿壓力不為零，摩擦力不為零，圓環(huán)以初速度v0向右做減速運(yùn)動(dòng).若開(kāi)始圓環(huán)所受洛倫茲力小于重力，則一直減速到零，圓環(huán)克服摩擦力做的功為mv02，選項(xiàng)B正確；若開(kāi)始圓環(huán)所受洛倫茲力大于重力，則減速到洛倫茲力等于重力達(dá)到穩(wěn)定，穩(wěn)定速度v＝，由動(dòng)能定理可得圓環(huán)克服摩擦力做的功為W＝mv02－mv2＝m(v02－)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確. 變式1　(2018河南鄭州模擬)在赤道處，將一小球向東水平拋出，落地點(diǎn)為a；給小球帶上電荷后，仍從同一位置以原來(lái)的速度水平拋出，考慮地磁場(chǎng)的影響，不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是(　　) A.無(wú)論小球帶何種電荷，小球仍會(huì)落在a點(diǎn) B.無(wú)論小球帶何種電荷，小球下落時(shí)間都會(huì)延長(zhǎng) C.若小球帶負(fù)電荷，小球會(huì)落在更遠(yuǎn)的b點(diǎn) D.若小球帶正電荷，小球會(huì)落在更遠(yuǎn)的b點(diǎn) 答案　D 變式2　帶電粒子以初速度v0從a點(diǎn)垂直y軸進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，如圖3所示，運(yùn)動(dòng)中粒子經(jīng)過(guò)b點(diǎn)，Oa＝Ob.若撤去磁場(chǎng)加一個(gè)與y軸平行的勻強(qiáng)電場(chǎng)，仍以v0從a點(diǎn)垂直y軸進(jìn)入電場(chǎng)，粒子仍能過(guò)b點(diǎn)，那么電場(chǎng)強(qiáng)度E與磁感應(yīng)強(qiáng)度B之比為(　　) 圖3 A.v0B.1C.2v0D. 答案　C 解析　帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，O為圓心，故Oa＝Ob＝，帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，故Ob＝v0t，Oa＝t2，聯(lián)立以上各式解得＝2v0，故選項(xiàng)C正確. 命題點(diǎn)二　帶電粒子在有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的圓周運(yùn)動(dòng) 基本思路 圖例 說(shuō)明 圓心的確定 ①與速度方向垂直的直線(xiàn)過(guò)圓心 ②弦的垂直平分線(xiàn)過(guò)圓心 ③軌跡圓弧與邊界切點(diǎn)的法線(xiàn)過(guò)圓心 P、M點(diǎn)速度垂線(xiàn)交點(diǎn) P點(diǎn)速度垂線(xiàn)與弦的垂直平分線(xiàn)交點(diǎn) 某點(diǎn)的速度垂線(xiàn)與切點(diǎn)法線(xiàn)的交點(diǎn) 半徑的確定 利用平面幾何知識(shí)求半徑 常用解三角形法：例：(左圖)R＝或由R2＝L2＋(R－d)2求得R＝ 運(yùn)動(dòng)時(shí)間的確定 利用軌跡對(duì)應(yīng)圓心角θ或軌跡長(zhǎng)度L求時(shí)間 ①t＝T ②t＝ (1)速度的偏轉(zhuǎn)角φ等于所對(duì)的圓心角θ (2)偏轉(zhuǎn)角φ與弦切角α的關(guān)系：φ<180時(shí)，φ＝2α；φ>180時(shí)，φ＝360－2α 模型1　直線(xiàn)邊界磁場(chǎng) 直線(xiàn)邊界，粒子進(jìn)出磁場(chǎng)具有對(duì)稱(chēng)性(如圖4所示) 圖4 圖a中t＝＝ 圖b中t＝(1－)T＝(1－)＝ 圖c中t＝T＝ 例2　(2016全國(guó)卷Ⅲ18)平面OM和平面ON之間的夾角為30，其橫截面(紙面)如圖5所示，平面OM上方存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于紙面向外.一帶電粒子的質(zhì)量為m，電荷量為q(q>0).粒子沿紙面以大小為v的速度從OM的某點(diǎn)向左上方射入磁場(chǎng)，速度與OM成30角.已知該粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡與ON只有一個(gè)交點(diǎn)，并從OM上另一點(diǎn)射出磁場(chǎng).不計(jì)重力.粒子離開(kāi)磁場(chǎng)的出射點(diǎn)到兩平面交線(xiàn)O的距離為(　　) 圖5 A.B.C.D. 答案　D 解析　帶電粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為r＝.軌跡與ON相切，畫(huà)出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，知△AO′D為等邊三角形，∠O′DA＝60，而∠MON＝30，則∠OCD＝90，故CO′D為一直線(xiàn)，＝＝2＝4r＝，故D正確. 變式3　如圖6所示，在足夠大的屏MN的上方有磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，P為屏上一小孔，PC與MN垂直，一束質(zhì)量為m、電荷量為－q的粒子(不計(jì)重力)以相同的速率v從P處射入磁場(chǎng)區(qū)域，粒子入射方向在與磁場(chǎng)垂直的平面里，且分散在與PC夾角為θ的范圍內(nèi)，則在屏MN上被粒子打中區(qū)域的長(zhǎng)度為(　　) 圖6 A. B. C. D. 答案　D 解析　如圖所示，S、T之間的距離為在屏MN上被粒子打中區(qū)域的長(zhǎng)度.由qvB＝m得R＝， 則＝2Rcosθ＝ ＝2R＝，所以＝. 模型2　平行邊界磁場(chǎng) 平行邊界存在臨界條件(如圖7所示) 圖7 圖a中t1＝，t2＝＝ 圖b中t＝ 圖c中t＝(1－)T＝(1－)＝ 圖d中t＝T＝ 例3　如圖8所示，在屏蔽裝置底部中心位置O點(diǎn)放一醫(yī)用放射源，可通過(guò)細(xì)縫沿扇形區(qū)域向外輻射速率為v＝3.2106m/s的α粒子.已知屏蔽裝置寬AB＝9cm，縫長(zhǎng)AD＝18cm，α粒子的質(zhì)量m＝6.6410－27kg，電荷量q＝3.210－19C.若在屏蔽裝置右側(cè)條形區(qū)域內(nèi)加一勻強(qiáng)磁場(chǎng)來(lái)隔離輻射，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.332T，方向垂直于紙面向里，整個(gè)裝置放于真空環(huán)境中.(結(jié)果可帶根號(hào)) 圖8 (1)若所有的α粒子均不能從條形磁場(chǎng)隔離區(qū)的右側(cè)穿出，則磁場(chǎng)的寬度d至少是多少？ (2)若條形磁場(chǎng)的寬度d＝20cm，則射出屏蔽裝置的α粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間和最短時(shí)間各是多少？ 答案　(1)(20＋10)10－2m　(2)10－6s　10－6s 解析　(1)由題意：AB＝9cm，AD＝18cm，可得 ∠BAO＝∠ODC＝45 所有α粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑相同，設(shè)為R，根據(jù)牛頓第二定律有 Bqv＝ 解得R＝0.2m＝20cm. 由題意及幾何關(guān)系可知：若條形磁場(chǎng)區(qū)域的右邊界與沿OD方向進(jìn)入磁場(chǎng)的α粒子的圓周軌跡相切，則所有α粒子均不能從條形磁場(chǎng)隔離區(qū)右側(cè)穿出，此時(shí)磁場(chǎng)的寬度最小，如圖甲所示. 設(shè)此時(shí)磁場(chǎng)寬度d＝d0，由幾何關(guān)系得 d0＝R＋Rcos45＝(20＋10)cm. 則磁場(chǎng)的寬度至少為(20＋10)10－2m. (2)設(shè)α粒子在磁場(chǎng)內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T(mén)，則 T＝＝10－6s. 設(shè)速度方向垂直于AD進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域的α粒子的入射點(diǎn)為E，如圖乙所示. 因磁場(chǎng)寬度d＝20cm0)的帶電粒子(重力不計(jì))從AB邊的中心O以速度v進(jìn)入磁場(chǎng)，粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度方向垂直于磁場(chǎng)且與AB邊的夾角為60，若要使粒子能從AC邊穿出磁場(chǎng)，則勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小B需滿(mǎn)足(　　) 圖12 A.B> B.B< C.B> D.B< 答案　B 解析　若粒子剛好達(dá)到C點(diǎn)時(shí)，其運(yùn)動(dòng)軌跡與AC相切，如圖所示， 則粒子運(yùn)動(dòng)的半徑為r0＝＝a.由qvB＝得r＝，粒子要能從AC邊射出，粒子運(yùn)行的半徑應(yīng)滿(mǎn)足r>r0，解得B<，選項(xiàng)B正確. 命題點(diǎn)三　帶電粒子在磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)的多解問(wèn)題 類(lèi)型 分析 圖例 帶電粒子電性不確定 受洛倫茲力作用的帶電粒子，可能帶正電荷，也可能帶負(fù)電荷，在相同的初速度下，正、負(fù)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡不同，形成多解 如圖，帶電粒子以速度v垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，如帶正電，其軌跡為a；如帶負(fù)電，其軌跡為b 磁場(chǎng)方向不確定 在只知道磁感應(yīng)強(qiáng)度大小，而未具體指出磁感應(yīng)強(qiáng)度方向，此時(shí)必須要考慮磁感應(yīng)強(qiáng)度方向不確定而形成多解 如圖，帶正電粒子以速度v垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，若B垂直紙面向里，其軌跡為a，若B垂直紙面向外，其軌跡為b 臨界狀態(tài)不唯一 帶電粒子在洛倫茲力作用下飛越有界磁場(chǎng)時(shí)，由于粒子運(yùn)動(dòng)軌跡是圓弧狀，因此，它可能穿過(guò)磁場(chǎng)飛出，也可能轉(zhuǎn)過(guò)180從入射界面這邊反向飛出，于是形成多解 運(yùn)動(dòng)具有周期性 帶電粒子在部分是電場(chǎng)、部分是磁場(chǎng)空間運(yùn)動(dòng)時(shí)，運(yùn)動(dòng)往往具有周期性，因而形成多解 例6　(2017湖北華中師大一附中模擬)如圖13甲所示，M、N為豎直放置彼此平行的兩塊平板，板間距離為d，兩板中央各有一個(gè)小孔O、O′正對(duì)，在兩板間有垂直于紙面方向的磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化如圖乙所示.有一群正離子在t＝0時(shí)垂直于M板從小孔O射入磁場(chǎng).已知正離子質(zhì)量為m、帶電荷量為q，正離子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期與磁感應(yīng)強(qiáng)度變化的周期都為T(mén)0，不考慮由于磁場(chǎng)變化而產(chǎn)生的電場(chǎng)的影響，不計(jì)離子所受重力.求： 圖13 (1)磁感應(yīng)強(qiáng)度B0的大小. (2)要使正離子從O′垂直于N板射出磁場(chǎng)，正離子射入磁場(chǎng)時(shí)的速度v0的可能值. 答案　(1)　(2)(n＝1,2,3，…) 解析　設(shè)垂直于紙面向里的磁場(chǎng)方向?yàn)檎较? (1)正離子射入磁場(chǎng)，洛倫茲力提供向心力B0qv0＝ 做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期T0＝ 由以上兩式得磁感應(yīng)強(qiáng)度B0＝ (2)要使正離子從O′孔垂直于N板射出磁場(chǎng)，v0的方向應(yīng)如圖所示，兩板之間正離子只運(yùn)動(dòng)一個(gè)周期即T0時(shí)，有R＝；當(dāng)兩板之間正離子運(yùn)動(dòng)n個(gè)周期，即nT0時(shí)，有R＝(n＝1,2,3，…). 聯(lián)立求解，得正離子的速度的可能值為v0＝＝(n＝1,2,3，…) 變式5　(多選)如圖14所示，垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)分布在正方形abcd區(qū)域內(nèi)，O點(diǎn)是cd邊的中點(diǎn).一個(gè)帶正電的粒子僅在磁場(chǎng)力的作用下，從O點(diǎn)沿紙面以垂直于cd邊的速度射入正方形內(nèi)，經(jīng)過(guò)時(shí)間t0后剛好從c點(diǎn)射出磁場(chǎng).現(xiàn)設(shè)法使該帶電粒子從O點(diǎn)沿紙面以與Od成30角的方向，以大小不同的速率射入正方形內(nèi)，那么下列說(shuō)法中正確的是(　　) 圖14 A.若該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是t0，則它一定從cd邊射出磁場(chǎng) B.若該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是t0，則它一定從ad邊射出磁場(chǎng) C.若該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是t0，則它一定從bc邊射出磁場(chǎng) D.若該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是t0，則它一定從ab邊射出磁場(chǎng) 答案　AC 解析　如圖所示，作出剛好從ab邊射出的軌跡①、剛好從bc邊射出的軌跡②、從cd邊射出的軌跡③和剛好從ad邊射出的軌跡④. 由從O點(diǎn)沿紙面以垂直于cd邊的速度射入正方形內(nèi)，經(jīng)過(guò)時(shí)間t0后剛好從c點(diǎn)射出磁場(chǎng)可知，帶電粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期是2t0.可知，從ad邊射出磁場(chǎng)經(jīng)歷的時(shí)間一定小于t0；從ab邊射出磁場(chǎng)經(jīng)歷的時(shí)間一定大于等于t0，小于t0；從bc邊射出磁場(chǎng)經(jīng)歷的時(shí)間一定大于等于t0，小于t0；從cd邊射出磁場(chǎng)經(jīng)歷的時(shí)間一定是t0，綜上可知，A、C正確，B、D錯(cuò)誤. 　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 1.下列說(shuō)法正確的是(　　) A.運(yùn)動(dòng)電荷在磁感應(yīng)強(qiáng)度不為0的地方，一定受到洛倫茲力的作用 B.運(yùn)動(dòng)電荷在某處不受洛倫茲力的作用，則該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為0 C.洛倫茲力既不能改變帶電粒子的動(dòng)能，也不能改變帶電粒子的速度 D.洛倫茲力對(duì)帶電粒子總不做功 答案　D 2.如圖1為云室中某粒子穿過(guò)鉛板P前后的軌跡.云室中勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向與軌跡所在平面垂直.由此可知粒子(　　) 圖1 A.一定帶正電 B.一定帶負(fù)電 C.不帶電 D.可能帶正電，也可能帶負(fù)電 答案　A 3.如圖2所示，圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，兩個(gè)質(zhì)量和電荷量都相同的帶電粒子a、b，以不同的速率沿著AO方向?qū)?zhǔn)圓心O射入磁場(chǎng)，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖.若帶電粒子只受洛倫茲力的作用，則下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖2 A.a粒子速率較大 B.b粒子速率較大 C.b粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間較長(zhǎng) D.a、b粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間一樣長(zhǎng) 答案　B 4.如圖3所示，長(zhǎng)直導(dǎo)線(xiàn)ab附近有一帶正電荷的小球用絕緣絲線(xiàn)懸掛在M點(diǎn).當(dāng)ab中通以由b→a的恒定電流時(shí)，下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖3 A.小球受磁場(chǎng)力作用，方向與導(dǎo)線(xiàn)垂直且垂直紙面向里 B.小球受磁場(chǎng)力作用，方向與導(dǎo)線(xiàn)垂直且垂直紙面向外 C.小球受磁場(chǎng)力作用，方向與導(dǎo)線(xiàn)垂直并指向左方 D.小球不受磁場(chǎng)力作用 答案　D 5.如圖4所示，一正電荷水平向右射入蹄形磁鐵的兩磁極間.此時(shí)，該電荷所受洛倫茲力的方向是(　　) 圖4 A.向左 B.向右 C.垂直紙面向里 D.垂直紙面向外 答案　D 6.(多選)(2018安徽蕪湖調(diào)研)如圖5所示，虛線(xiàn)上方存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B；一群電子以不同速率v從邊界上的P點(diǎn)以相同的方向射入磁場(chǎng).其中某一速率為v0的電子從Q點(diǎn)射出.已知電子入射方向與邊界夾角為θ，則由以上條件可判斷(　　) 圖5 A.該勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向垂直紙面向里 B.所有電子在磁場(chǎng)中的軌跡相同 C.速率大于v0的電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間長(zhǎng) D.所有電子的速度方向都改變了2θ 答案　AD 解析　由左手定則可知，該勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向垂直紙面向里，A選項(xiàng)正確；由qvB＝得R＝，可知所有電子在磁場(chǎng)中的軌跡不相同，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；由T＝得T＝，所以所有電子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間都相同，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；所有電子偏轉(zhuǎn)角度相同，所有電子的速度方向都改變了2θ，D選項(xiàng)正確.綜上本題選A、D. 7.如圖6所示為一圓形區(qū)域的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在O點(diǎn)處有一放射源，沿半徑方向射出速率為v的不同帶電粒子，其中帶電粒子1從A點(diǎn)飛出磁場(chǎng)，帶電粒子2從B點(diǎn)飛出磁場(chǎng)，不考慮帶電粒子的重力，則(　　) 圖6 A.帶電粒子1的比荷與帶電粒子2的比荷的比為3∶1 B.帶電粒子1的比荷與帶電粒子2的比荷的比為∶1 C.帶電粒子1與帶電粒子2在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間的比為2∶1 D.帶電粒子1與帶電粒子2在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間的比為1∶2 答案　A 解析　設(shè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)圓形區(qū)域的半徑為R，由qBv＝， 得R′＝，可知帶電粒子1從A點(diǎn)飛出磁場(chǎng)，帶電粒子2從B點(diǎn)飛出磁場(chǎng)，半徑分別為R1′＝Rtan30，R2′＝Rtan60，所以R1′∶R2′＝1∶3，則帶電粒子1的比荷與帶電粒子2的比荷的比為3∶1；由T＝知，帶電粒子1和2的周期之比為1∶3，所以帶電粒子1與帶電粒子2在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間的比為＝.綜上本題選A. 8.(多選)(2018廣東廣州模擬)如圖7所示，真空中xOy平面內(nèi)有一束寬度為d的帶正電粒子束沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，所有粒子為同種粒子，速度大小相等，在第一象限內(nèi)有一方向垂直xOy平面的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)(圖中未畫(huà)出)，所有帶電粒子通過(guò)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后都會(huì)聚于x軸上的a點(diǎn).下列說(shuō)法中正確的是(　　) 圖7 A.磁場(chǎng)方向一定是垂直xOy平面向里 B.所有粒子通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)的時(shí)間相同 C.所有粒子在磁場(chǎng)區(qū)運(yùn)動(dòng)的半徑相等 D.磁場(chǎng)區(qū)邊界可能是圓，也可能是其他曲線(xiàn) 答案　CD 解析　由題意可知，正粒子經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后，都集中于一點(diǎn)a，根據(jù)左手定則可知，磁場(chǎng)的方向垂直平面向外，故A錯(cuò)誤；由洛倫茲力提供向心力，可得T＝，而運(yùn)動(dòng)的時(shí)間還與圓心角有關(guān)，因此粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間不等，故B錯(cuò)誤；由洛倫茲力提供向心力，可得R＝，由于為同種粒子，且速度大小相等，所以它們的運(yùn)動(dòng)半徑相等，故C正確；所有帶電粒子通過(guò)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后都會(huì)聚于x軸上的a點(diǎn)，因此磁場(chǎng)區(qū)邊界可能是圓，也可能是圓弧，故D正確；故選C、D. 9.(多選)(2018甘肅平?jīng)鲑|(zhì)檢)如圖8所示，ABCA為一半圓形的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng).O為圓心，F(xiàn)、G分別為半徑OA和OC的中點(diǎn)，D、E點(diǎn)位于邊界圓弧上，且DF∥EG∥BO.現(xiàn)有三個(gè)相同的帶電粒子(不計(jì)重力)以相同的速度分別從B、D、E三點(diǎn)沿平行BO方向射入磁場(chǎng)，其中由B點(diǎn)射入磁場(chǎng)的粒子1恰好從C點(diǎn)射出.由D、E兩點(diǎn)射入的粒子2和粒子3從磁場(chǎng)某處射出，則下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖8 A.粒子2從O點(diǎn)射出磁場(chǎng) B.粒子3從C點(diǎn)射出磁場(chǎng) C.粒子1、2、3在磁場(chǎng)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為3∶2∶3 D.粒子2、3經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)角相同 答案　ABD 解析　從B點(diǎn)射入磁場(chǎng)的粒子1恰好從C點(diǎn)射出，可知帶電粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑等于磁場(chǎng)的半徑，由D點(diǎn)射入的粒子2的圓心為E點(diǎn)，由幾何關(guān)系可知該粒子從O點(diǎn)射出，同理可知粒子3從C點(diǎn)射出，A、B正確；1、2、3三個(gè)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡的圓心角為90、60、60，運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為3∶2∶2，C錯(cuò)誤，D正確. 10.如圖9所示，邊界OA與OC之間分布有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，邊界OA上有一個(gè)粒子源S.某一時(shí)刻，從S平行于紙面向各個(gè)方向發(fā)射出大量帶正電的同種粒子(不計(jì)粒子的重力及粒子間的相互作用)，所有粒子的初速度大小相同，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間有大量粒子從邊界OC射出磁場(chǎng).已知∠AOC＝60，從邊界OC射出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間等于(T為粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期)，則從邊界OC射出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間為(　　) 圖9 A.B.C.D. 答案　B 解析　由左手定則可知，粒子在磁場(chǎng)中做逆時(shí)針?lè)较虻膱A周運(yùn)動(dòng).由粒子速度大小都相同，故軌跡弧長(zhǎng)越小，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間就越短；而弧長(zhǎng)越小，弦長(zhǎng)也越短，所以從S點(diǎn)作OC的垂線(xiàn)SD，則SD為最短弦，可知粒子從D點(diǎn)射出時(shí)運(yùn)行時(shí)間最短，如圖所示，根據(jù)最短時(shí)間為，可知△O′SD為等邊三角形，粒子圓周運(yùn)動(dòng)半徑R＝SD，過(guò)S點(diǎn)作OA的垂線(xiàn)交OC于E點(diǎn)，由幾何關(guān)系可知SE＝2SD，SE為圓弧軌跡的直徑，所以從E點(diǎn)射出，對(duì)應(yīng)弦最長(zhǎng)，運(yùn)行時(shí)間最長(zhǎng)，且t＝，故B項(xiàng)正確. 11.如圖10所示，半徑為R的圓形區(qū)域位于正方形ABCD的中心，圓形區(qū)域內(nèi)、外有垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相反.一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子以速率v0沿紙面從M點(diǎn)平行于AB邊沿半徑方向射入圓形磁場(chǎng)，在圓形磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)90從N點(diǎn)射出，且恰好沒(méi)射出正方形磁場(chǎng)區(qū)域，粒子重力不計(jì)，求： 圖10 (1)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。? (2)正方形區(qū)域的邊長(zhǎng)； (3)粒子再次回到M點(diǎn)所用的時(shí)間. 答案　(1)　(2)4R　(3) 解析　(1)粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，設(shè)粒子在圓形磁場(chǎng)中的軌跡半徑為r1， qv0B＝m. 由幾何關(guān)系r1＝R. 解得B＝. (2)設(shè)粒子在正方形磁場(chǎng)中的軌跡半徑為r2，粒子恰好不從AB邊射出， qv0B＝m， r2＝＝R. 正方形的邊長(zhǎng)L＝2r1＋2r2＝4R. (3)粒子在圓形磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期T1＝， 在圓形磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間t1＝T1＝. 粒子在正方形區(qū)域做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期T2＝， t2＝T2＝. 再次回到M點(diǎn)的時(shí)間為t＝t1＋t2＝. 12.如圖11所示，在坐標(biāo)系xOy中，第一象限內(nèi)充滿(mǎn)著兩個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)a和b，OP為分界線(xiàn)，在磁場(chǎng)a中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為2B，方向垂直于紙面向里，在磁場(chǎng)b中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直于紙面向外，P點(diǎn)坐標(biāo)為(4l,3l).一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子從P點(diǎn)沿y軸負(fù)方向射入磁場(chǎng)b，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后，粒子恰能經(jīng)過(guò)原點(diǎn)O，不計(jì)粒子重力.求： 圖11 (1)粒子從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)的最短時(shí)間是多少？ (2)粒子運(yùn)動(dòng)的速度大小可能是多少？ 答案　(1)　(2)(n＝1,2,3，…) 解析　(1)設(shè)粒子的入射速度為v，用Ra、Rb、Ta、Tb分別表示粒子在磁場(chǎng)a中和磁場(chǎng)b中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑和周期，則有 Ra＝，Rb＝，Ta＝＝，Tb＝ 當(dāng)粒子先在磁場(chǎng)b中運(yùn)動(dòng)，后進(jìn)入磁場(chǎng)a中運(yùn)動(dòng)，然后從O點(diǎn)射出時(shí)，粒子從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)所用的時(shí)間最短，如圖所示.根據(jù)幾何知識(shí)得tanα＝＝，故α＝37 粒子在磁場(chǎng)b和磁場(chǎng)a中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間分別為 tb＝Tb，ta＝Ta 故從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)的時(shí)間為 t＝ta＋tb＝ (2)由題意及上圖可知 n(2Racosα＋2Rbcosα)＝ 解得v＝(n＝1,2,3，…).